【正文】 確；C．由分布圖可知負檢驗電荷從M到O點受電場力方向向下，電場力做正功，電勢能減少；從N到O點受電場力方向向上，電場力做負功，電勢能增加。故選BC。忽略空氣阻力，重力加速度取10 m/s2，以地面為重力勢能零點，由圖中數(shù)據(jù)可得A．小球質量為2 kgB．繩對小球拉力最大值為100 NC． m時，繩對小球拉力為80 ND．當小球動能與重力勢能相等時， m【答案】AD【解析】A．根據(jù)豎直面圓周運動的特點由圖可知，小球的軌道半徑滿足，小球從最低點運動到最高點的過程中，根據(jù)動能定理有，帶入數(shù)據(jù)，聯(lián)立可得，故A正確；B．小球在最低點時，根據(jù)牛頓第二定律有，帶入數(shù)據(jù)，可得，故B錯誤；C．根據(jù)圖中信息， m時，小球動能為10 J，此時小球處在與圓心等高的位置，繩對小球拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有，帶入數(shù)據(jù)，可得，故C錯誤；D．當小球動能與重力勢能相等時，有，帶入數(shù)據(jù)，可得，圖像中小球動能Ek隨它離地高度h的變化的函數(shù)關系為，聯(lián)立，可得，故D正確；故選AD。勻強磁場的方向豎直向上，磁感應強度大小為1 T?，F(xiàn)用平行導軌向上恒力F拉動ab棒，使之勻速向上運動，此時cd棒恰好靜止。= N，因此A正確。運動1s，導體棒ab沿導軌向上運動了6 m，則系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量，故D正確。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。22．（5分）某小組做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗，所用器材有：方木板一塊，白紙，量程為5N的彈簧測力計兩個，橡皮條（帶兩個細繩套），刻度尺，圖釘（若干個）。A．實驗前要檢查橡皮條，選擇多次拉伸后能夠恢復原長的橡皮條進行實驗B．在用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，兩個細繩間的夾角一定等于90176。【答案】（1）ACD（3分）（選不全給1分，有錯不得分） （2）不影響 （2分）【解析】（1）橡皮條要選擇拉伸后能夠恢復原長的，否則兩次將結點拉到同一位置的時橡皮條產(chǎn)生彈力會不相等，會造成比較大的實驗誤差，故選項A正確；實驗過程中是利用作圖法來求兩個分力的合力而不 是利用勾股定理來計算合力，故選項B錯誤；使用測力計時，施力方向應平行于木板且沿測力計軸線；讀數(shù)時視線應正對測力計刻度，這樣有利提高拉力測量的準確性，故選項C正確；拉橡皮條的細線要稍長一些，標記同一細繩方向的兩點距離要遠一些，這樣做使拉力方向的標記更準確，故選項D正確。（2）兩個實驗前應該檢查兩個彈簧測力計是否能用，方法是兩個彈簧測力計互拉看示數(shù)是否相等，示數(shù)只要相等就不影響實驗的結果， N，說明兩個彈簧測力計讀數(shù)不準，但如果互拉的話示數(shù)相同，所以不影響實驗結果，相當于改變了標度，故答案為“不影響”。（1）小明實驗步驟如下：先將電阻箱電阻調(diào)至0，閉合開關S，電壓表讀數(shù)如圖乙所示，讀出此時電壓U1=___________V；然后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值至適當值，讀出電阻箱阻值R和此時電壓表的電壓U2，忽略電源內(nèi)阻，則電壓表電阻的測量結果RV=_________（用符號UU2和R表示）；如果考慮電源內(nèi)阻，則測量結果RV與真實值比較________（選填“偏大”或“偏小”）?！敬鸢浮浚?）（~）（2分） （2分） 偏大（2分） （2）a（2分） a–r（2分）【解析】（1）電壓表量程為3 V，由圖乙所示表盤可知， V， V；忽略電源內(nèi)阻，根據(jù)圖甲所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得，由題意得E=U1，解得電壓表內(nèi)阻，考慮電源內(nèi)阻，解得，由此可知，考慮電源內(nèi)阻時，電壓表內(nèi)阻測量值偏大。24．（12分）2022年第24屆冬季奧林匹克運動會將在北京和張家口舉行，跳臺滑雪是其中最具觀賞性的項目之一。直線段長度，運動員連同裝備總質量，由A點無初速下滑，從起跳區(qū)的C點起跳后降落在著陸坡上的D點。（1）若運動員下滑到B點的速度大小為，求助滑道對滑雪板的摩擦力對滑雪板所做的功；（2）若運動員從C點起跳時的速度沿水平方向，測得間的距離為?！敬鸢浮浚?） （2）【解析】（1）由動能定理得（2分）代入數(shù)據(jù)，解得（3分）（2）設運動員從C點起跳時的速度大小為，間距離為s，根據(jù)平拋運動的規(guī)律（1分）（2分）得（2分）解得（2分）25．（20分）如圖所示，空間分布著方向平行于紙面、寬度為d的水平勻強電場。一個質量為m、電荷量為–q的粒子從左極板上A點由靜止釋放后，在M點離開加速電場，并以速度v0沿半徑方向射入勻強磁場區(qū)域，然后從N點射出。粒子重力可忽略不計。求粒子從M點運動到N點過程中，動能的增加量ΔEk的大小。=v0t（2分）在y方向有Rsin60176。一種以方鉛礦(含PbS及少量Fe2OMgO、SiO2等)為原料制備PbO的工藝流程如圖：已知：[PbCl4]2(aq)PbCl2(s)+2Cl(aq) ΔH＜0回答下列問題：（1）“酸浸氧化”過程中被氧化的元素是：______，該過程需要加熱，其目的是______。（2）檢驗濾液1中存在Fe2+，可取樣后滴加少量______溶液(填化學式)，觀察到有藍色沉淀析出。(填離子符號)（4）要實現(xiàn)PbSO4轉化為PbCO3，的最小值為______?！敬鸢浮浚?）S(或硫)（1分） 加快反應的速率（1分） PbS+2Fe3++4Cl=[PbCl4]2+2Fe2++S（2分）（2）K3[Fe(CN)6] （2分）（3）PbCl2（2分） Fe2+、Mg2+（2分） （4）106（2分） （5）PbCO3PbO+CO2↑（2分） 【解析】用氯化鐵、稀鹽酸和NaCl對方鉛礦進行酸浸氧化，濾液1中含有[PbCl4]Na+、Fe3+、Fe2+、Mg2+；對濾液1進行降溫，反應[PbCl4]2(aq)PbCl2(s)+2Cl(aq) ΔH＜0，平衡正向移動，濾渣2為晶體PbCl2，過濾，用硫酸溶液與PbCl2反應生成PbSO4，濾渣3為PbSO4，再加入純堿溶液，將PbSO4轉化為PbCO3，濾渣4為PbCO3，煅燒PbCO3，發(fā)生分解反應生產(chǎn)PbO，據(jù)此分析解答。27．（15分）碳酸鑭 La2(CO3)3(Mr=458)為白色粉末、難溶于水、分解溫度 900℃，可用于治療高磷酸鹽血癥。xH2O，如果溶液堿性太強，易生成受熱分解的堿式碳酸鑭La(OH)CO3?；卮鹣铝袉栴}：（1）用如圖裝置模擬制備水合碳酸鑭：①儀器 A的名稱為______。③實驗過程中通入 CO2需要過量，原因是______。（2）甲小組通過以下實驗驗證制得的樣品中不含LaOH)CO3，并測定水合碳酸鑭La2(CO3)3將樣品裝入石英玻璃管中，再次將裝置 A稱重，記為 m2g，將裝有試劑的裝置 C稱重，記為 m3g。實驗步驟：Ⅰ 打開 KK2和 K3，緩緩通入 N2；Ⅱ 數(shù)分鐘后關閉 K1，K3，打開 K4，點燃酒精噴燈，加熱 A中樣品；Ⅲ 一段時間后，熄滅酒精燈，打開 K1，通入 N2數(shù)分鐘后關閉 K1和 K2，冷卻到室溫，稱量 A。稱重裝置 C，記為 m5g。②根據(jù)實驗記錄，當=______，說明制得的樣品中不含有La(OH)CO3；計算水合碳酸鑭化學式中結晶水數(shù)目ｘ=______(列式表示)。取濃度為30mg/L的該磷酸鹽溶液2mL，加入適量上述實驗制備的水合碳酸鑭，計算水合碳酸鑭對磷酸鹽的結合率為______(結合率 = 100％)。xH2O↓+6NH4Cl （2分） （2）將裝置中產(chǎn)生的氣體全部吹入后續(xù)裝置中被吸收，減少實驗誤差（2分） （2分） 或 （2分） （3）75%（2分）【解析】（1）結合裝置以及所給試劑，制取水合碳酸鑭的原理為2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3①根據(jù)儀器的結構特點可知其名稱為分液漏斗；②結合分析可知裝置接口順序應為f→b→a→d→e→c；③根據(jù)題目信息可知如果溶液堿性太強，易生成受熱分解的堿式碳酸鑭La(OH)CO3，所以通入 CO2需要過量的原因是：控制溶液不能堿性太強，否則易生成副產(chǎn)物堿式碳酸鑭La(OH)CO3；④根據(jù)元素守恒可知化學方程式為2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3xH2O的質量，m4m1為La2O3的質量，m5m3為CO2的質量。①第二次通入N2，將裝置中殘留的CO2全部排入裝置C中被吸收，減小實驗誤差；②如果制得的樣品中不含有La(OH)CO3，則由La2(CO3)3xH2O]，可求出水合碳酸鑭化學式中結晶水數(shù)目x=或；（3）根據(jù)題意，水合碳酸鑭對磷酸鹽的結合率==75%。（1）已知：HF(aq)?H+(aq)+F(aq) ΔH= kJ/molH+(aq)+OH(aq)=H2O(l) ΔH= kJ/mol則：HF(aq)+NaOH(aq)=NaF(aq)+H2O(l)的ΔH=_______。HF能二聚的原因是_______，寫出(HF)2發(fā)生第二步電離的電離方程式_______。當兩邊分別充入4g氦氣和20g單分子態(tài)的HF氣體時，隔板位于“5”處，隔板兩邊容器內(nèi)的壓強均為100kPa。該溫度下，2HF(g)?(HF)2(g)反應的平衡常數(shù)KP=_______kPa1(KP為以分壓表示的平衡常數(shù)，計算結果保留2位有效數(shù)字)。A．容器右側氣體的密度不再改變B．容器右側的溫度不再改變C．容器右側氣體的壓強不再改變D．容器右側氣體的平均相對分子質量不再改變E．（5）某溫度下，將分析濃度(總濃度)相同的HCl、HF和CH3COOH三種溶液，分別加水稀釋時，溶液pH變化如圖所示。（6）NaF和HF的混合溶液具有一定的緩沖能力，即加入少量的酸或堿時，溶液的pH基本保持不變。【答案】（1）（2分） （2）HF分子間可形成氫鍵（1分） （1分） （3）大于（2分） （2分） （4）AE（2分） （5）(HF)2（2分） （6）溶液中存在平衡HFF+H+，F(xiàn)和HF的濃度均較大，當加入少量酸時，平衡左移，當加入少量堿時，平衡右移，溶液中c(H+)變化不大，故溶液pH基本不變（2分） 【解析】（1）已知：HF(aq)?H+(aq)+F(aq) ΔH=H+(aq)+OH(aq)=H2O(l) ΔH=根據(jù)蓋斯定律：將兩式相加得到HF(aq)+NaOH(aq)=NaF(aq)+H2O(l)的ΔH=；（2）HF無論是氣態(tài)還是在水溶液中均可二聚形成(HF)2，由于氟的電負性較強，HF能二聚的原因是HF分子間可形成氫鍵；根據(jù)氫氟酸的電離方程程式可知HF為弱酸，故(HF)2發(fā)生第二步電離的電離方程式：；（3）20g單分子態(tài)的HF的物質的量為==1mol，4 g氦氣物質的量為==1mol，1mol氣體對應的壓強為100kPa，設每格體積為V，左側根據(jù)PV=nRT，P1V1=P2V2，100kPa5V=P26V，P2=P1=100kPa=，平衡后，左右兩邊壓力平衡，P1＞P２，設轉化的氟化氫為2x，根據(jù)三段式； 1mol氣體對應的壓強為100kp，(1x)，故12x+x=mol，解得x=mol，KP==；（4）根據(jù)化學反應2HF(g)?(HF)2(g)，若將上述容器改為絕熱容器，固定隔板在“5”處，A．反應前后的氣體的體積不變，質量不變，所以容器右側反應前后氣體密度不發(fā)生變化，不可以說明反應達到平衡狀態(tài)，故A符合題意；B．容器作為絕熱容器，始終與外界沒有熱量傳遞，任何化學反應都有熱量的變化，溫度是一個變值，容器右側的溫度不再改變，能說明反應達到平衡狀態(tài)，故B不符合題意；C．反應前后氣體的體積發(fā)生變化，壓強發(fā)生變化，當壓強不變時可說明右側容器反應達平衡狀態(tài)，故C不符合題意； D．反應前后氣體的質量不變，但是總的物質的量發(fā)生變化，根據(jù)平均相對分子質量=，所以當平均相對分子質量不變化時可說明右側容器反應達平衡狀態(tài)，故D不符合題意； E．根據(jù)化學反應速率之比等于化學計量數(shù)之比，即=2∶1，但不能作為判斷平衡狀態(tài)的標志，故E符合題意；答案選AE；（5）當HF濃度較高時，存在形式為(HF)2，(HF)2在稀釋初期的pH上升特別快，由圖可知，在稀釋時，酸性越強，pH變化越大，(HF)2的酸性更強；NaF和HF的混合溶液具有一定的緩沖能力，即加入少量的酸或堿時，溶液的pH基本保持不變；溶液中存在平衡HFF+H+，F(xiàn)和HF的濃度均較大，當加入少量酸時，平衡左移，當加入少量堿時，平衡右移，溶液中c(H+)變化不大，故溶液pH基本不變?；卮鹣铝袉栴}。除測定氧氣釋放速率，還可以通過測定_________________吸收速率來表示凈光合速率。理由是：______________________。據(jù)此推測，隨pH的降低，羅拉多藍杉體內(nèi)的丙二醛（MDA）含量變化趨勢是________________。分析題圖，羅拉多藍杉在pH=6時的凈光合速率大于對照組，pH=4和pH=5時的凈光合速率小于對照組。凈光合速率可以用氧氣釋放速率、有機物積累速率及CO2吸收速率來表示。（3）由題圖數(shù)據(jù)分析可知，在pH=6時羅拉多藍杉的凈光合速率大于pH=7時的凈光合速率，pH由7下降到6的過程中，羅拉多藍杉體內(nèi)的丙二醛（MDA）含量下降；而pH=4和pH=5的凈光合速率步下降且均低于pH=7時的凈光合速率，說明pH=4和pH=5對于pH=7的而言是不適宜的逆境，此時羅拉多藍杉體內(nèi)的丙二醛（MDA）含量會隨pH的降低而升高?！军c睛】解答本題時注意羅拉多藍杉的凈光合速率在pH=6時的值大于pH=7時的。外分沁部分泌產(chǎn)生胰液，內(nèi)含多種消化酶；內(nèi)分泌部即胰島。（2）血糖平衡受神經(jīng)一體液的調(diào)節(jié)，胰液的分泌受到小腸黏膜分泌的___________的調(diào)節(jié)。（3）科學家在豚鼠胰腺腺泡細胞中注射3H標記的亮氨酸，并破壞了腺泡細胞中全部的高爾基體，檢測放射性的聚集和轉移情況?！敬鸢浮浚ǔ龢俗⑼?，每空2分）（1）胰島素、