【正文】 難關，因為內電路變了，由右手定律可知，此時UO＞UO′.∴e2=BωAC第一步，應該算出內外電阻之比，即RACO′O與RBDO′O的比值，很多同學由面積之比為2∶1，立即認為R之比也是2∶1，便一路錯到底，∶=2π/ω=(s).第二步，必須分清內外電路，0→T時，OBDO′是內電路，那么由右手定律可知：UO′＞=BωBD從電源的正極出發(fā)接a接線柱，b接線柱通過開關，接電源的負極，如下圖所示。實物接線，根據(jù)電路圖選擇滑動變阻器上接線柱與右下接線柱，預設上為“+”，右下為“”，從“+”出發(fā)，通過小燈泡，接電流表3A接線柱，電流表“”接線柱接滑動變阻器右下接線柱，電壓表15V接線柱接滑動變阻器上接線柱，“”接線柱接電流表3A接線柱。由電壓表讀數(shù)要求0～，滑動變阻器應為分壓接法。例7用伏安法測小燈泡()的功率與其中電流強度的關系，請將右圖所示的元件連接起來。輸電線上有電壓降，到用戶所在地的電壓等于輸送電壓與輸電線電壓降之差，此電壓與用戶所需要的電壓之比等于降壓變壓器匝數(shù)比?！窘馕觥窟@是一個聯(lián)系實際的問題，通過此題可以了解遠距離輸電的基本過程，加深對遠距離輸電必須用高壓的理解。例6一小型發(fā)電機輸出功率為50kW，輸出電壓為240V。(3)設重力克服安培力做功為Wf，由動能定理，mg△hWf=m()△h為桿PP′下落的高度，由運動學公式，得△h=/q∴Wf=mg/qm()=m()(1)=m()CB2L2根據(jù)能量守恒定律，重力克服安培力做的功表現(xiàn)為充電流I的能量，由于本電路各種電阻為零，無焦耳熱，這份能量必然儲存在電容器上。設此桿由時刻t到t′的極短時間△t內，其速度由v變?yōu)関′，則在時間△t內電容器電量的變化為△q=q′q=CBL(v′v)=CBl△v因而，充電電流為i=基中a是桿在時刻t的加速度?！窘馕觥繙y試學生應用基礎知識解決問題的能力，考查有關電容器充電、感應電動勢、動能原理、能量守恒等相關知識。假定導軌足夠長，導軌、金屬桿和連接導線的電阻均可忽略。一根質量為m的金屬桿PP′水平地卡在導軌上，釋放后，此桿沿導軌無摩擦地下滑。例5如下圖所示，固定在豎直平面內的兩根平行金屬導軌的間距為L，上端連一電容為C的電容器，其耐壓足夠大。條件時在半個周期即從()時間內，電子的位移小于d，條件是頻率f≥。(2)要求電子到達A板的速度為零，要求在t=T時刻到達A板，由s=，要求頻率f不能超過?！窘馕觥侩娮舆\動的vt圖象如下圖所示。在t=0時刻將上述交變電壓U加在A、B兩極上，求：(1)在t=0時刻，在B的小孔處無初速地釋放一電子，要想使這電子到達A板時的速度最大，則所加交變電壓的頻率最大不能超過多少?(2)在t=0時刻，在B的小孔處無初速地釋放一電子，要想使這電子到達A板時的速度最小(零)，則所加交變電壓的頻率為多大?(3)在t=?時刻釋放上述電子，在一個周期時間，該電子剛好回到出發(fā)點?試說明理由并具備什么條件。例4下圖中A和B表示在真空中相距為d的兩平行金屬板加上電壓后，它們之間的電場可視為勻強電場；右邊表示一周期性的交變電壓的波形，橫坐標代表時間t，縱坐標代表電壓U，從t=0開始，電壓為給定值U0，經過半個周期，突然變?yōu)閁0……。而由ε直=2Brv,可知ε圓=2Brv?！窘馕觥?1)無法直接求出半圓形導線OO′所產生的感應電動勢。例3如下圖所示，半徑為r的半圓形金屬導線處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于線圈所在的平面，試求導線在下列情況中所產生的感應電動勢：(1)導線在自身所在平面沿垂直于直徑OO′的方向以速度v向右勻速平動。【解析】將CC2看作斷路，如上圖右所示。二、例題解析例1如下圖所示，在通有電流I的無限長的直導線旁邊放有一導線ab與其平行，當長直導線中向上的電流I減小時，導線ab兩端的電勢高低情況是：()＞=Ub＜【解析】本題僅由無限長導線中電流I減小的實際情況，從正面直接著手很難做出判斷，但我們可采用“等效法”加以考慮：因為長直導線中電流I減小時，導線ab所在處磁場的磁感應強度減弱，所以我們完全可將電流I減小，導線ab不動的實際情形等效為電流I不變，而導線ab向右平動的情形，則本題由右手定則可立即做出Ua＞Ub的正確判斷，即本題答案為(A)。(5)熟練掌握電磁振蕩的周期和頻率公式，并應用公式分析、計算、討論有關的簡單問題。(3)理解變壓器的原理，能使用電壓比和電流比公式分析計算有關問題。(1)了解交流電的概念，理解表示交流電的各物理量的含義，并能準確識別和使用它們。(四)電磁感應和交流電(1)正確領會感應電流產生的條件，熟練運用右手定則和楞次定律判斷感應電流及感應電動勢的方向。，了解電流表的工作原理。，學會對電路的變化分析判斷，掌握各種類型的電路計算。(二)恒定電流，串并聯(lián)電路中的電壓、電流及功率分配及焦耳定律。、電勢差、等勢面的概念，掌握勻強電場中場強和電勢差的關系及電場力做功與電勢能的關系。精品資源第三節(jié) 電磁學一、知識結構(一)電場。、點電荷和勻強電場場強的計算公式，正確領會磁力線的含義。，掌握閉合電路的歐姆定律。、電流表和歐姆表的讀數(shù)方法和測量原理及方法。(三)磁場、磁感強度、磁感線、磁通量的意義，了解磁現(xiàn)象的電本質。，掌握帶電粒子在勻強磁場中的圓周運動規(guī)律及洛倉茲力的應用。(2)熟練掌握法拉第電磁感應定律，及各種情況下感應電動勢的計算方法。(2)理解正弦交流電的圖象，并能根據(jù)圖象討論有關問題。(4)弄清什么叫振蕩電流、振蕩電路，掌握電磁振蕩的過程特征。(6)了解麥克斯韋電磁場理論的基本要點，掌握電磁波的形成和波速公式V=λf的應用。例2如下圖左所示的電路，請畫出S斷開與S閉合時的等效電路。根據(jù)電流表的流向，可得S斷開時與S閉合時的等效電路，如下圖甲、乙所示。(2)導線從圖示位置起，繞直徑OO′以角速度ω勻速轉動。我們可設想用一直導線將OO′兩端連接起來構成一閉合回路(如圖)，則在向右運動過程中，回路的磁通量不發(fā)生變化，故整個回路中的感應電動勢ε=0,這表明直導線OO′與半圓形導線切割磁感線所產生的感應電動勢大小相等，方向相反。(2)假設用直導線將OO′連接形成閉合回路，使其以同樣的角速度ω繞OO′勻速轉運，由于直導線OO′不切割磁力線，所以在產生應電動勢這一點上，半圓形導線與閉合回路等效，由公式e=BSωsinωt,又S=πr2，所以半圓形導線中感應電動勢e=πr2Bωsinω。如此周期地交替變化。(4)在什么時間范圍內釋放上述電子，該電子不可能到達A板。(1)要求電子到達A板的速度