【正文】 = 得：E= = =10 v/m．故 C 錯誤． D： O 點與圓周上電勢最低的點的電勢差為 UOC， UOC=Ed， d=R=1m，得：UOC=10 V．故 D 正確 故選： D 6．如圖是創(chuàng)意物理實驗設(shè)計作品《小熊蕩秋千》．兩根彼此靠近且相互絕緣的金屬棒 C、 D 固定在鐵架臺上，與兩個銅線圈 P、 Q 組成一閉合回路，兩個磁性很強 的條形磁鐵如圖放置，當(dāng)用手左右擺動線圈 P 時，線圈 Q 也會跟著擺動，仿佛小熊在蕩秋千．以下說法正確的是（ ） A． P 向右擺動的過程中， P 中的電流方向為順時針方向（從右向左看） B． P 向右擺動的過程中， Q 也會向右擺動 C． P 向右擺動的過程中， Q 會向左擺動 D．若用手左右擺動 Q， P 會始終保持靜止 【考點】 楞次定律． 【分析】 當(dāng) P 擺動時，穿過 P 的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于 P 和 Q形成閉合回路， Q 的下端受到安培力的作用而發(fā)生擺動．結(jié)合楞次定律和左手定則進行判斷． 【解答】 解： A、 P 向右擺動的過程中，穿過 P 的磁通量減小，根據(jù)楞次定律， P中有順時針方向的電流（從右向左看）．故 A 正確． B、 P 向右擺的過程中， P 中的電流方向為順時針方向，則 Q 下端的電流方向向外，根據(jù)左手定則知，下端所受的安培力向右，則 Q 向右擺動．同理，用手左右擺動 Q， P 會左右擺動．故 B 正確， C 錯誤， D 也錯誤． 故選： AB． 7． “軌道康復(fù)者 ”是 “垃圾 ”衛(wèi)星的救星，被稱為 “太空 110”，它可在太空中給 “垃圾 ”衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命，假設(shè) “軌道康復(fù)者 ”的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自 轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是（ ） A． “軌道康復(fù)者 ”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的 25 倍 B． “軌道康復(fù)者 ”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的 倍 C．站在赤道上的人觀察到 “軌道康復(fù)者 ”向西運動 D． “軌道康復(fù)者 ”可在高軌道上加速，以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救 【考點】 人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系． 【分析】 根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑的關(guān)系得出加速度和周期的關(guān) 系．根據(jù) “軌道康復(fù)者 ”的角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度的關(guān)系判斷赤道上人看到 “軌道康復(fù)者 ”向哪個方向運動． 【解答】 解： A、根據(jù) =ma 得： a= ， 因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動時的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，則 “軌道康復(fù)者 ”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的 25 倍．故 A正確． B、根據(jù) =m 得： v= ，因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動時的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一， 則 “軌道康復(fù)者 ”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的 倍．故 B 正確． C、因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動的周期小于同步衛(wèi)星的周期，則小于地球自轉(zhuǎn)的周期，所以 “軌道康復(fù)者 ”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，站在赤道上的人用儀 器觀察到 “軌道康復(fù)者 ”向東運動．故 C 錯誤． D、 “軌道康復(fù)者 ”要在原軌道上減速，做近心運動，才能 “拯救 ”更低軌道上的衛(wèi)星．故 D 錯誤． 故選： AB． 8．在光滑的水平桌面上有等大的質(zhì)量分別為 M=， m= 的兩個小球，中間夾著一個被壓縮的具有 Ep= 彈性勢能的輕彈簧（彈簧與兩球不相連），原來處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)突然釋放彈簧，球 m 脫離彈簧后滑向與水平面相切、半徑為 R= 的豎直放置的光滑半圓形軌道，如圖所示． g 取 10m/s2．則下列說法正確的是（ ） A．球 m 從軌道底端 A 運動 到頂端 B 的過程中所受合外力沖量大小為 ?s B． M 離開輕彈簧時獲得的速度為 9m/s C．若半圓軌道半徑可調(diào)，則球 m 從 B 點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌 道半徑的增大而減小 D．彈簧彈開過程，彈力對 m 的沖量大小為 ?s 【考點】 動量定理；動量 沖量． 【分析】 彈簧彈開小球過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，由動量守恒定律與機械能守恒定律求出兩球的速度；小球離開圓形軌道后做平拋運動，應(yīng)用動量定理與平拋運動規(guī)律分析答題． 【解答】 解：釋放彈簧過程中系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向， 由動量守恒得： mv1﹣ Mv2=0，由機械能守恒得： mv12+ Mv22=EP ， 代入數(shù)據(jù)解得： v1=9m/s， v2=3m/s； m 從 A 到 B 過程中，由機械能守恒定律得： mv12= mv1′2+mg?2R，解得： v1′=8m/s； A、以向右為正方向，由動量定理得，球 m 從軌道底端 A 運動到頂端 B 的過程中所受合外力沖量大小為： I=△ p=mv1′﹣ mv1= （﹣ 8）﹣ 9=﹣ ?s，則合力沖量大小為： ?s，故 A 正確； B、 M 離開輕彈簧時獲得的速度為 3m/s，故 B 錯誤； C、設(shè)圓軌道半徑為 r 時， 飛出 B 后水平位移最大，由 A 到 B 機械能守恒定律得： mv12= mv1′2+mg?2r，在最高點，由牛頓第二定律得： mg+N=m ， m 從 B點飛出，需要滿足： N≥ 0，飛出后，小球做平拋運動： 2r= gt2， x=v1′t，當(dāng) ﹣ 4r=4r 時，即 r= 時， x 為最大，球 m 從 B 點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌道半徑的增大先增大后減小，故 C 錯誤； D、由動量定理得，彈簧彈開過程，彈力對 m 的沖量大小為： I=△ p=mv1=9=?s，故 D 正確； 故選： AD． 二、非選擇題：包括必考題和 選考題兩部分．第 22 題 32 題為必考題，每個試題考生都必須作答．第 33 題 38 題為選考題，考生根據(jù)要求作答． 9．如圖甲所示是某同學(xué)探究加速度與力的關(guān)系的實驗裝置．他在氣墊導(dǎo)軌上 B處安裝了一個光電門，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與力傳感器相連，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從 A 處由靜止釋放． （ 1）該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度 d，如圖乙所示，則 d= mm． （ 2）下列實驗要求不必要的是 A （填選項前字母）． A．應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠大于鉤碼和力傳感器的總質(zhì)量 B．應(yīng)使 A 位置與光電門間的距離適當(dāng)大些 C．應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平 D．應(yīng)使細線與氣墊導(dǎo)軌平行 （ 3）改變鉤碼的質(zhì)量，測出對應(yīng)的力傳感器的示數(shù) F 和遮光條通過光電門的時間 t，通過描點作出線性圖象，研究滑塊的加速度與力的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)時應(yīng)作出 圖象（填 “t﹣ F”“t2﹣ F”“ ﹣ F”或 “ ﹣ F”），若增大滑塊的質(zhì)量，則該圖象的斜率將 減小 （填 “增大 ”“減小 ”或 “不變 ”），若增大滑塊釋放處到光電門的距離，則該圖象的斜率將 增大 （填 “增大 ”“減小 ”或 “不變 ”）． 【考點】 探究功與速度變化的關(guān)系． 【分析】 游標(biāo)卡尺讀數(shù) 結(jié)果等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，不需要估讀． 滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度．根據(jù)運動學(xué)公式解答． 用