遼寧師大附中20xx屆高三上學(xué)期期中考試物理word版含答案-資料下載頁
2024-12-04 21:15本頁面
【導(dǎo)讀】遼師大附中2017—2018學(xué)年度上學(xué)期期中考試。命題人：高三備課組校對：高三備課組考試時間：90分鐘滿分：100分。1到8題只有一個選項正確，對。的得4分，9到12題有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或。1．歷史上，伽利略在斜面實驗中分別在傾角不同、阻力很小的斜面上由靜止釋放小球，他通過實驗觀察和邏輯推理，得到的正確結(jié)論有(). A．傾角一定時，小球在斜面上的位移與時間的二次方成正比。C．斜面長度一定時，小球從頂端滾到底端時的速度與傾角無關(guān)。2．質(zhì)點做直線運動時的加速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，該圖線的斜率為k，圖中陰影。部分面積為S，下列說法正確的是(). C．面積S表示t1～t2的過程中質(zhì)點速度的變化量。4．如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在水平放置的鋼板C上，與鋼板間的動摩擦因數(shù)為μ，重。力加速度為A、B的控制，物體只能沿水平導(dǎo)槽運
【正文】 3。s，方向水平向左 (3)設(shè)繩斷后 A的速度為 vA，取水平向右為正方向，有 mBv1＝ mBvB＋ mAvA W＝ 12mAv 2A 代入數(shù)據(jù)得 W＝ 8 J. 16． (1)2 10 m/s (2)2 55 s (3)3 55 s [解析 ] (1)A 和 B 一起沿斜面向下運動，在 A 第一次與擋板碰撞前，系統(tǒng)機械能守恒，有 2mgLsin θ ＝ 12 (2m)v2 解得 v＝ 2 10 m/s. (2)A 第一次與擋板碰撞后，對 B 有 mgsin θ ＝ μmgcos θ ， 故 B 勻速下滑 對 A 有 mgsin θ ＋ μmgcos θ ＝ ma1 解得 A 的加速度大小為 a1＝ 10 m/s2，方向沿斜面向下 設(shè) A 第一次反彈的速度大小為 v1，由動能定理得 12mv2－ 12mv21＝Δ E Δ t＝ 2v1a1 解得Δ t＝ 2 55 s. (3)設(shè) A 第二次反彈的速度大小為 v2，由動能定理有 12mv2－ 12mv22＝ 2Δ E 解得： v2＝ 0 即 A 與擋板第二次碰后停在底端， B 繼續(xù)勻速下滑，設(shè)與擋板碰后 B反彈的速度為 v′，加速度大小為 a′，由動能定理得 12mv2－ 12mv′2＝Δ E 由牛頓第二定律得 mgsin θ ＋ μmgcos θ ＝ ma′ 解得： B 沿 A 向上做勻減速運動的時間 t2＝ v′a′ ＝ 55 s 當(dāng) B 速度為 0 時，因 mgsin θ ＝ μmgcos θ ， B 將靜止在 A 上 當(dāng) A停止運動時， B恰好勻速滑至擋板處， B相對 A運動的時間 t最短， 故 t＝Δ t＋ t2＝ 3 55 s. 17． (1)12 J (2) N (3)16 J [解析 ] (1)物塊經(jīng)過傳送帶時，摩擦力做的功等于滑塊動能的變化，故有： － μmgL＝ 0－ 12mv2 可知物塊釋放時的動能 12mv2＝ μmgL＝ 1106 J＝ 12 J 彈簧的彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為物塊的動能，所以物塊剛好到達(dá)傳送帶 C 點時彈簧儲存的彈性勢能為 12 J. (2)物塊離開 E 點做平拋運動，則： 水平方向： x＝ vEt 豎直方向： y＝ 2R＝ 12gt2 由此可得，物塊在 E 點的速度為 vE＝ xt＝ x4Rg＝ 10 m/s＝ 3 m/s 根據(jù)牛頓第二定律知，在 E 點有 FN＋ mg＝ mv2ER 可得物塊受到的壓力為 FN＝ mv2ER－ mg＝ 132－ 110 N＝ N. (3)根據(jù)動能定理，物塊從 D 到 E 的過程中只有重力做功， 則 － mg2 R＝ 12mv2E－ 12mv2D 代入數(shù)據(jù)解得物塊經(jīng)過 D 點時的速度為 vD＝ 5 m/s 物塊經(jīng)過傳送帶時只有阻力做功，根據(jù)動能定理有： － μmgL＝ 12mv2D－ 12mv2B 代入數(shù)據(jù)可解得： vB＝ 7 m/s 因為物塊做勻減速運動，故有： L＝ vB＋ vD2 t 可得物塊在傳送帶上運動的時間為： t＝ 65＋ 72 s＝ 1 s 由此可知物塊在傳送帶上滑動時，物塊相對于傳送帶的位移為： x′＝ L＋ vt＝ 6＋ 21 m＝ 8 m 所以產(chǎn)生的熱量為 Q＝ μmgx′＝ 1108 J＝ 16 J.
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