20xx人教版高中物理選修3-3模塊檢測二版含解析-資料下載頁
2024-11-28 05:44本頁面
【導(dǎo)讀】1．下列說法正確的是(). A．葉面上的小露珠呈球形是由于液體內(nèi)部分子間吸引力作用的結(jié)果。D．當(dāng)液晶中電場強(qiáng)度不同時，液晶對不同顏色光的吸收強(qiáng)度不同，就顯示。果，A錯誤；晶體熔化過程中要吸收熱量，但溫度不變，分子的平均動能不變，B錯誤；晶體與非晶體在一定條件下可相互轉(zhuǎn)化，例如：天然水晶是單晶體，熔。化后再凝固的水晶就是非晶體，C錯誤；由液晶各向異性可知，對。2．一定質(zhì)量的理想氣體，在某一狀態(tài)變化過程中，氣體對外界做功8J，氣。B．物體對外界做功，其內(nèi)能一定減少。D．電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞。C．液晶顯示屏是應(yīng)用液晶的光學(xué)各向異性制成的。D．自然界發(fā)生的一切過程能量都守恒，符合能量守恒定律的宏觀過程都能。誤；某物體溫度升高，則分子的平均動能增大，該物體分子熱運(yùn)動的總動能一定。能自然發(fā)生，例如水能由高處自然的流向低處，但是不能自發(fā)的由低處流向高處，
【正文】 圖 7 (1)外界空氣的溫度是多少？ (2)在此過程中的密閉氣體的內(nèi)能增加了多少？ 答案 (1)h0＋ dh0T0 (2)Q－ (mg＋ p0S)d 解析 (1)取密閉氣體為研究對象，活塞上升過程為等壓變化，由蓋 呂薩克定律有 VV0＝ TT0得外界溫度 T＝ VV0T0＝ h0＋ dh0T0 (2)活塞上升的過程，密閉氣體克 服大氣壓力和活塞的重力做功，所以外界對系統(tǒng)做的功 W＝－ (mg＋ p0S)d 根據(jù)熱力學(xué)第一定律得密閉氣體增加的內(nèi)能： ΔU＝ Q＋ W＝ Q－ (mg＋ p0S)d 15． (10 分 )如圖 8 所示，橫截面積 S＝ 10 cm2的活塞，將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在豎直放置的圓柱形導(dǎo)熱氣缸內(nèi)，開始活塞與氣缸底部距離 H＝ 30 活塞上放一重物，待整個系統(tǒng)穩(wěn)定后．測得活塞與氣缸底部距離變?yōu)?h＝ 25 cm.已知外界大氣壓強(qiáng)始終為 p0＝ 1 105Pa，不計活塞質(zhì)量及其與氣缸之間的摩擦，取 g＝ 10 m/： 圖 8 (1)所放重物的質(zhì)量； (2)在此過程中被封閉氣體與外界交換的熱量． 答案 (1)2 kg (2)放出 6 J 熱量 解析 (1)封閉氣體發(fā)生等溫變化 氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)為 p1＝ 1 105pa 氣體末狀態(tài)的壓強(qiáng)為 p2＝ p0＋ mgS 根據(jù)玻意耳定律得 p1HS＝ p2hS 解得： m＝ 2 kg (2)外界對氣體做功 W＝ (p0S＋ mg)(H－ h) 根據(jù)熱力學(xué)第一定律知 ΔU＝ W＋ Q＝ 0 解得 Q＝－ 6 J，即放出 6 J 熱量． 16． (12 分 )如圖 9 所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài) A變化到狀態(tài) B，再從狀態(tài) B變化到狀態(tài) A的溫度為 480 K．求： 圖 9 (1)氣體在狀態(tài) C時的溫度； (2)試分析從狀態(tài) A變化到狀態(tài) B 的整個過程中，氣體是從外界吸收熱量還是放出熱量． 答案 (1)160 K (2)既不吸熱也不放熱 解析 (1)A、 C兩狀態(tài)體積相等，則有 pATA＝ pCTC ① 得 TC＝ pCpATA＝ K＝ 160 K． ② (2)由理想氣體狀態(tài)方程得 pAVATA＝ pBVBTB ③ 得 TB＝ pBVBpAVATA＝ 3 1 K＝ 480 K ④ 由此可知 A、 B兩狀態(tài)溫度相同，故 A、 B兩狀態(tài)內(nèi)能相等．
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