四川省成都外國語學校20xx-20xx學年高二上學期12月月考物理試卷-資料下載頁
2024-11-26 22:44本頁面
【導讀】Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷兩部分；100分鐘，滿分100分；，考生務必先將自己的姓名、考號填寫在答題卡上，并使用2B鉛筆填涂；，將答題卡交回。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，每小。，圖乙是場中的一些點。O是電荷連線的中。點，E、F是連線中垂線上相對于O點對稱的兩點，B、C和A、D也相對于O點對稱。中，磁場方向垂直于盒面向下．連接好高頻交流電源后，兩盒間的窄縫中能形成勻強電場，半徑時通過特殊裝置引出，如果用同一回旋加速器分別加速氚核和?跡最低點P的豎直線對稱。，平行板電容器與直流電源連接，下極板接地。器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，為使ab棒靜止，需在空間施加的勻強磁場磁感應強度的最小值及其方向分別為。整個裝置處于真空。感應強度大小為0B。若A、B間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則下列說法正確的是()
【正文】 三、 實驗探究 15. 100Ω 3K 16. A2 大于 EERrU 11 ?? 3/10 ： （ 1） S1閉合， S2斷開時，由部分電路歐姆定律1IUR? 可得 ??2R 又 11 UIP? 得 721?P W （ 2） WPUIP 252 ??? 出熱 又 內熱 RIP 22? 可得： ??1內R ： A到 B由動能定理： 221BmvqE RmgR ?? B 點，由牛頓第二定律： RvmmgN B2?? 由牛頓第三定律： NN ?? 可得： ??N N 方向豎直向下 （ 2） 因 qEmg?? 且 qEmg? 則滑塊最終會在圓弧上做往返運動，在 B點處速度恰好為零 所以，對全程由動能定理： 0??? m gSqERm gR ? 得： mS 6? ： (1)在 M 點處： vy＝ v0tanα qE＝ am 豎直方向： vy＝ at3 水平方向： 3R＝ v0t3 得： qm＝ v203RE。 (2)粒子運動軌跡如圖，設 O1為磁場的圓心， O2為粒子軌跡圓心， P′ 為粒子射出磁場的位置，則 P′ O2∥ PO1， △ O1O2P≌△ O1O2P′ ，粒子的軌跡半徑為： r＝ R Bqv0＝ mv20r ，得 B＝3Ev0 (3)粒子從 N 進入電場， ON＝ y y＝ 12at23， qE＝ am,3R＝ v0t3 得 y＝ 32R， t3＝ 3Rv0 又 ∵ y＝ R＋ Rcosθ， ∴ θ＝ π3。 P 到 P′ 的時間為 t1： t1＝ ?π－ θ?2π T 得 t1＝ 2πR3v0 P′ N＝ R－ Rsinθ，所以 t2＝ R－ Rsinθv0＝ 2－ 32v0R P 到 M 的總時間 t＝ t1＋ t2＋ t3＝ 2πR3v0＋ 8－ 32v0R。 20. 解： (1)帶電粒子在第三象限的運動為兩個階段的勻變速曲線運動，且時間相等，設為 t，對該運動分析得 y方向： atan θ＝ 2vt x 方向： 12a＝ qE2mt2， 解得： E＝ 4mv2aqtan2θ， t＝ atan θ2v . (2)帶電粒子在第一象限的磁場中做勻速圓周運動，軌跡如圖所示 (只畫出一個周期的情況 ) 設半徑為 R，由幾何關系可知 acos θ＝ 4nRcos θ(n＝ 1,2,3， ? )， Bqv＝ mv2R， 解得 B＝ 4nmvcos2θqa (n＝ 1,2,3， ? )． (3)帶電粒子在電場中運動的時間 t 電 ＝ 2t＝ atan θv . 研究帶電粒子在磁場中的勻速圓周運動，設時間為 t 磁 ，設單元圓弧對應的圓心角為 α，由幾何關系可知 α＝ π－ 2θ， 則 t 磁 ＝ 2n?π－ 2θ?Rv ＝ ?π－ 2θ?a2vcos2θ ， 所以粒子從 P 到 Q 的總時間 t 總 ＝ t 電 ＋ t 磁 ＝ atan θv ＋ ?π－ 2θ?a2vcos2θ .
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