【導讀】本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷兩部分。第Ⅰ卷1至6頁，第Ⅱ卷7至16. 的條形碼的準考證號、姓名與本人準考證號、姓名是否一致。皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。第Ⅱ卷用黑色墨水簽字筆在答題卡上規(guī)定的答題區(qū)域內(nèi)。書寫作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效。，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。，不要折疊、弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。束后，監(jiān)考員將試題卷、答題卡一并收回。本卷共21小題，每小題6分，共126分。僂病的致病基因頻率為c。A．“冬月灶中所燒薪柴之灰，令人以灰淋汁，取堿浣衣”。“薪柴之灰”與銨態(tài)氮肥混合施用。1的HCl分別做導電性實驗CH3COOH溶液對應的燈泡較暗CH3COOH是弱電解質(zhì)。下列說法錯誤的是。AG表示溶液的酸堿度，D．25℃時，HNO2的電離平衡常數(shù)Ka=×個選項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。引起猜想且有過長期爭論的科學問題。19世紀以前，不少物理學家支持超距作用的觀點。

　　

【正文】 粗產(chǎn)品中常含有 POCl PCl5等，加入紅磷加熱除去 PCl5后，再通過蒸餾即可得到較純凈的 PCl3； （ 5）滴定實驗涉及關系式為 PCl3～ H3PO3～ I2 和 2Na2S2O3～ I2，設混合物中 PC13 的物質(zhì)的量為 nmol，水解生成的 H3PO3 反應掉的 I2 的物質(zhì)的量為 nmol；滴定多余 I2 的消耗的Na2S2O3 的物質(zhì)的量為 ?L1103L=104mol，多余的 I2 的物質(zhì)的量為=，提供 I2的總物質(zhì)的量為 ?L1103L=103mol，則H3PO3 反應掉的 I2 的物質(zhì)的量 nmol==， 25ml 溶液里含有PC13 的質(zhì)量為 ?mol1= ，產(chǎn)品中 PC13 的質(zhì)量分數(shù)為247。(125/250)100%=%。 27．（ 14分） （ 1）粉碎礦石，適當提高浸取時溫度、適當提高溶液濃度、攪拌等（ 1分） S、 SiO2（ 2分） （ 2）防止 FeCl3及 BiCl3水解生成不溶性沉淀，提高原料的浸出率（ 1分） 氯氣（ 1分） （ 3） 2Bi + 2O2 + Na2O2 2NaBiO3（ 2分）（合理即可） NA或 1023（ 1分） （ 4） 1011﹕ 1（ 2分） ① Bi3+、 Bi(HDz)3（ 2分） ② Bi(HDz)3 + 6OH === Bi(OH)3 + 3H2O + 3Dz3（ 2分） (14分 ) Ⅰ . (1)ba21 (2分 ) Ⅱ . (2) CO(g)＋ H2O(g) H2(g)＋ CO2(g) ΔH1＝－ mol－ 1 (2分 ) C D(2分 ) (3) (1分 ) (4)① (1分 ) ② (1分 ) (5)① 2 700(2分 ) ② 增大 (1分 ) 反應 ⅰ 和反應 ⅱ 均為氣體分子總數(shù)減小的反應，只縮小容器容積，平衡均向右移動， SO2的轉(zhuǎn)化率增大 (2分 ) 36.【解析】 反應 ② 屬于取代反應，由反應條件可知 A為 CH3COOH， ClCH2COOH與氫氧化鈉溶液反應、酸化得到 C， C 為 HOCH2COOH， C發(fā)生催化氧化得到 D， D為 OHCCOOH，D與苯酚發(fā)生加成反應生成 4羥基扁桃酸 。乙醇與丙二酸發(fā)生酯化反應生成 E，結(jié)合 E的分子式可知， E的結(jié) 構(gòu)簡式為 C2H5OOCCH2COOC2H5， E與 發(fā)生信息 Ⅱ 中反應生成 F， F發(fā)生系列反應得到香豆素 3羧酸，由香豆素 3羧酸的結(jié)構(gòu)簡式，可知 W為 ，則 F為 ， F發(fā)生信息 Ⅰ 中反應生成 G， G分子中含有 2個六元環(huán)，則 G為 。 (1)由上述分析可知， A 的結(jié)構(gòu)簡式為 CH3COOH。 (2)乙醇直接轉(zhuǎn)變成乙酸為一步反應，其反應條件為硫酸酸化的 KMnO4溶液或硫酸酸化的 K2Cr2O7溶液。 (3)B 為 ClCH2COOH，官能團的名稱是氯原子和羧基。 (4)D 生成 4 羥基扁桃酸的化學方程式為 OHCCOOH＋催化劑――→ 。 (5)E 為 C2H5OOCCH2COOC2H5， F 為， W為 ， G為 。核磁共振儀可測定 E有 3種類型的氫原子， a項錯誤； F的分子式為 C14H16O5，相對分子質(zhì)量為 264，質(zhì)譜儀可檢測最大質(zhì)荷比的值為 264， b 項錯誤； G 的分子式為 C12H10O4，元素分析儀可確定 G的分子式為 C12H10O4， c 項正確；化合物 W中存在碳碳雙鍵，能發(fā)生加聚反應得到線型高分子化合物， d項正確。 (6)信息 ①② 說明符合條件的物質(zhì)中含有苯環(huán)、酯基、醛基；結(jié)合信息 ③ 可知， Q 中含甲酸酚酯基、 —OH、 —CH2OH時，有 10種結(jié)構(gòu)； Q 中含甲酸酚酯基、 —OH、 —OCH3 時，有 10 種結(jié)構(gòu)； Q 中有 2個酚羥基、 1個 —CH2OOCH 時，有 6 種結(jié)構(gòu)，共 26 種。核磁共振氫譜顯示有 5 組峰，且峰面積之比為 1∶ 2∶ 2∶ 2∶ 1時， Q的結(jié)構(gòu)簡式為 。 【答案】 (1)羧基 (2)鄰羥基苯甲醛或 2羥基苯甲醛 加成反應 (3) 略 (4)cd (5)26 (6)1： 1 略 物 理 14答案： D 解析 電場和磁場都是客觀存在的特殊物質(zhì)，而電場線和磁感線是為了形象地描述電場和磁場而引入的虛擬的曲線，實際中并不存在，故 A 錯誤；處在電場中的電荷一定受到電場力，在磁場中的通電導線不一定受到安培力，當通電導線與磁場平行時就不受安培力，故 B 錯誤；電場強度與電勢無關，電場強度為零的地方電勢不一定為零，電勢為零的地方電場強度也不一定為零，故 C 錯誤；根據(jù)磁場的性質(zhì)可知，通電導線與通電導線之間的相互作用是通過磁場發(fā)生的． 15答案： B 16答案： D 17答案： C 【解析】 圖 a中，當整根鏈條離開桌面時，根據(jù)機械能守恒定律可得： ，解得 。圖 b 中，當整根鏈條離開桌面時，根據(jù)機械能守恒定律可得：解得： ；圖 c 中，當整根鏈條離開桌面時， 根據(jù)機械能守恒定律可得： 解得： ；故 vc va vb ，選項 C正確。 18答案： D 【解析】上述實驗過程中，小球 5 能夠達到與小球 1 釋放時相同的高度，說明系統(tǒng)機械能守恒，而且小球 5 離開平衡位置的速度和小球 1 擺動到平衡位置的速度相同，說明碰撞過程動量守恒，但隨后上擺過程動量不守恒，動量方向在變化，選項 AB 錯。根據(jù)前面的分析，碰撞過程為彈性碰撞。那么同時向左拉起小球 3到相同高度（如圖丙所示），同時由靜止釋放，那么球 3先以 與球 4 發(fā)生彈性碰撞，此后球 3的速度變?yōu)?0，球 4 獲得速度 后與球 5碰撞，球 5獲得速度 ，開始上擺，同理球 2與球 3碰撞，最后球 4以速度 上擺，同理球 1與球 2碰撞，最后球 3以速度 上擺，所以選項 C錯 D對。 19答案： BC 20答案： AD 21答案： AD 22答案： (1)相同 (2) (3)(～ ) 解析 (1)根據(jù)牛頓第二定律得小鋼球下滑的加速度為 ，則不同質(zhì)量的小鋼球在斜面上的運動情況完全相同，所以運動的 時間也相同． (2)當 m＝ 0時，傳感器的示數(shù)即為木塊 A的重力，則有： ， 解得： (3)對小球受力分析，根據(jù)平衡條件可知， A對小球的支持力 ， 根據(jù)牛頓第三定律可知，小球?qū)?A的壓力為 ， 對 A受力分析可知，傳感器對 A的支持力 ， 則傳感器的示數(shù)為 則 圖象的斜率 ， 則有： 解得： ≈ . 23答案：（ 1)保護電路元件（或保護電路）（ 1分） （ 2）最大（ 1分） (1分） （ 3）大（ 1分） D(1分） （ 4） （ 2分） （ 2分） 解析：（ 1）電路中 作為保護電阻，起到保護電路元件的作用。 （ 2）為了防止電路中的電流過大，閉合電鍵 之前，應將電阻箱接入電路的電阻調(diào)到最大，根據(jù)等效替代可知，電流表 的內(nèi)阻為 （ 3）由于開始時電流表接近滿偏，因此調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的示數(shù)逐漸減小，即電阻箱的阻值逐漸調(diào)大。由閉合電路歐姆定律得 ，得到 ，可見 D項正確 . （ 4）由 得 ，根據(jù)題意有 ，得 ，由 ，得 24答案： (1)2 m/s (2)8 N (3) s 解析 (1)當 時轎廂速度最大 由 得 (2)轎廂向上的加速度為 時， 對 A： 對 B： 解得： ＝ 8N (3)由動能定理可知： 得 25答案： (1)正電 (2) (3) 解析 (1)在磁場中，由左手定則可知粒子帶正電，由于粒子在電容器間運動時，向 L極板偏轉(zhuǎn)，所以 K板帶正電． (2)帶電粒子在電容器中做勻變速曲線運動，在磁場中做勻速圓周運動，軌跡如圖所示 粒子在 x軸方向做勻速直線運動，在 y軸方向做勻減速直線運動，經(jīng)過 K板邊緣 a點 平行于 x軸飛出電容器，則粒子在 x軸上的速度分量為 粒子在磁場中做勻速圓周運動，則到達 c點時速度大小為 (3)粒子從 c 點垂直穿過 x 軸離開磁場，又已知 ，所以粒子在磁場中運動軌跡為 41圓弧，則圓形磁場的圓心在 的垂直平分線上，又因為磁場與電容器不重合，故當圓形磁場與電容器右邊界相切時半徑最小，即圓形磁場的最小半徑等于圓周運動的半徑。 粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有： 解得： 所以圓形磁場區(qū)域的最小面積 = 33答案： ACE (2) cm 液體變成氣體后，分子間的平均距離增大了，選項 A 正確；溫度是分子熱運動劇烈程度的標志，由于兩種狀態(tài)下的溫度是相同的，故兩種狀態(tài)下水分子熱運動的劇烈程度是相同的，選項 B 錯誤；水發(fā)生等溫變化，分子平均動能不變，因水分子總數(shù) 不變，分子的總動能不變，根據(jù)熱力學第一定律 ，可得水的內(nèi)能的變化量 ＝ 2260J－ 170J＝ 2090J，即水的內(nèi)能增大 2090J，則水分子的總勢能增大了 2090J，選項 C 正確；在整個過程中能量是守恒的，選項 D錯誤； 1g水所含的分子數(shù)為 (個 )，選項 E正確。 (2)活塞自由靜止時，右管內(nèi)氣體的壓強： ， 左管內(nèi)氣體的壓強： 活塞上提后再平衡時，左管內(nèi)氣體的壓強： 設此時 B部分水銀柱兩端液面的高度差為 ，則右管中被封氣體的壓強為： 設左管中的氣體長度為 ，右管中被封氣體的長度為 ，管的橫截面積為 ，根據(jù)玻意耳定律： 對右管中的被封氣體： 對左管中的氣體： 根據(jù)幾何關系知： 設活塞上移的距離為 ，則： 解得：