新課標人教版1-1選修一第二章磁場單元試題8-資料下載頁
2024-11-15 05:10本頁面
【導(dǎo)讀】天津市新人教版物理高三單元測試8. 們之間的聯(lián)系做出了貢獻。，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系。，定量經(jīng)出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系。2．關(guān)于磁感應(yīng)強度，下列說法正確的是(). 1m長的通電導(dǎo)線，通過1A的電流，受到的磁場力為1N，則該處的磁感。，把輕質(zhì)導(dǎo)線圈用絕緣細線懸掛在磁鐵N極附近，磁鐵的軸線穿過線圈的圓心，，存在場強為E的勻強電場，同時存在沿x. 軸負方向、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場.一質(zhì)子在該。eE，運動中電勢能增大；沿z軸正方向電勢降低。其他星體上放射出的宇宙射線中含有大量的高能帶電粒子流，這些高能帶電粒子。流到達地球會對地球上的生命帶來危害，但是由于地球周圍存在磁場，地磁場能改變宇宙射。的勁度系數(shù)為k，棒ab中通有穩(wěn)恒電流，棒處于平衡，并且彈簧的彈力恰好為零．若電流。2v，在磁場中運動時產(chǎn)生的熱量分別為1Q、2Q。
【正文】 向： N＋ F 安 cos θ＝ mg② 又 F 安 ＝ BIL＝ BERL③ 聯(lián)立①②③得： N＝ mg－ BLEcos θR f＝ BLEsin θR (2)使 ab 棒受支持力為零，且讓磁 場最小，則受安培力豎直向上．則有 F 安 ＝ mg， Bmin＝ mgREL ，根據(jù)左手定則判定磁場方向水平向右． 18.【答案】 (1)10－ 6 s (2)2 m 【詳解】 (1)離子在磁場中做勻速圓周運動，在左右兩區(qū)域的運動軌跡是對稱的，如右圖， 設(shè)軌跡半徑為 R，圓周運動的周期為 T. 由牛頓第二定律 qvB＝ mv2R① 又： T＝ 2πRv ② 聯(lián)立 ①② 得： R＝ mvqB③ T＝ 2πmqB ④ 將已知代入 ③ 得 R＝ 2 m⑤ 由軌跡圖知： tan θ＝ rR＝ 33 ，則 θ＝ 30176。 則全段軌跡運動時間： t＝ 2 T360176。2θ＝ T3⑥ 聯(lián)立 ④⑥ 并代入已知得： t＝ 210－ 26310－ 19 s＝ 10－ 6 s (2)在圖中過 O2 向 AO1作垂線，聯(lián)立軌跡對稱關(guān)系側(cè)移總距離 d＝ 2rsin 2θ＝ 2 m. 19.【詳解】 (1)由洛倫茲力公式和牛頓第二定律，得： Bev＝ mv2r 解得： v＝Berm . (2)若質(zhì)子沿 y軸正方向射入磁場，則以 N為圓心轉(zhuǎn)過 14圓弧后從 A點垂直電場方向進入電場，質(zhì)子在磁場中有： T＝ 2πmBe ，得： tB＝ 14T＝ πm2eB 進入電場后質(zhì)子做類平拋運動， y 方向上的位移 y＝ r＝ 12at2＝ 12eEm t2E 解得： tE＝ 2mreE 則： t＝ tB＋ tE＝ πm2eB＋ 2mreE . 20．解： ① 小球在磁場中作勻速圓周運動時， RvmBqv bb2? 又3lR? ∴ vb＝ Bql /3m ② 小球在沿桿向下運動時，受力情況如圖，向左的洛侖茲力 F，向右的彈力 N，向下的電場力 qE，向上的摩擦力 f。 F＝ Bqvb， N＝ F＝ Bqvb ∴ f＝ μ N＝ μ Bqvb 當小球作勻速運動時， qE＝ f＝ μ Bqvb E=B2ql/10m ③ 小球從 a 運動到 b 過程中，由動能定理得 ： 2 2bf mvWW ??電 m lqBlB qvqE lW b 10 22??? ?電 所以 ??? 2 2bf mvWW 電 m lqBm lqmBm lqB 4529210222222222 ??? 94?電WWf 21．解析： 設(shè)粒子的發(fā)射速度為 v，粒子做圓周運動的軌道半徑為 R，由牛頓第二定律和洛倫磁力公式，得 2mvqvB R? ，解得： mvRqB? 當 2a ＜ R＜ a 時，在磁場中運動時間最長的粒子，其軌跡是 圓心為 C的圓弧，圓弧與磁場的邊界相切，如圖所示，設(shè)該粒子在磁場中運動的時間為 t，依題意， 4Tt? 時， 2OCA ??? 設(shè)最后離開磁場的粒子的發(fā)射方向與 y軸正方向的夾角為α，由幾何關(guān)系可得： s in , s in c o s2aR R R a R? ? ?? ? ? ?再加上 22si n cos 1????，解得： 6 6 6 6( 2 ) , ( 2 ) , s in2 2 1 0aqBR a v m ? ?? ? ? ? ? 22．【詳解】 (1)設(shè)粒子在磁場中運動的半徑為 R，由牛頓第二定律得： (2分 ) 電子從 y軸穿過的范圍 (2分 ) (2)如圖所示，初速度沿 x軸正方向的電子沿弧 OA運動到熒光屏 MN上的 P點， (1分 ) 初速度沿 y軸正方向的電子沿弧 OC運動到熒光屏 MN上的 Q點 (1分 ) 由幾何知識可得 (2分 ) (3)取 與 x軸正方向成θ角的方向射入的電子為研究對象，其射出磁場的點為 E(x,y)，因其射出后能垂直打到熒光屏 MN上，故有： x=Rsinθ (2分 ) y=R+Rcosθ (2分 ) 即 x2+(yR)2=R2 (2分 ) 又因為電子沿 x軸正方向射入時，射出的邊界點為 A點；沿 y軸正方向射入時，射出的邊界點為 C點，故所加最小面積的磁場的邊界是以 (0， R)為圓心、 R為半徑的圓的一部分，如圖中實線圓弧所圍區(qū)域，所以磁場范圍的最小面積為： (4分 )
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