【正文】 方法二：由得，積分并由條件得，即 所以 所以 (17)【詳解】方法一：由于，故是反常積分. 令，有， 方法二： 令，有，O 2 xD1D3 D2故，原式 (18)【詳解】 曲線將區(qū)域分成兩個區(qū)域和，為了便于計算繼續(xù)對區(qū)域分割，最后為O 2 xD1D3 D2 (19)【詳解】旋轉(zhuǎn)體的體積，側(cè)面積，由題設條件知 上式兩端對求導得 ， 即 由分離變量法解得 ， 即 將代入知，故，于是所求函數(shù)為 (20)【詳解】(I) 設與是連續(xù)函數(shù)在上的最大值與最小值，即 由定積分性質(zhì)，有 ，即 由連續(xù)函數(shù)介值定理，至少存在一點，使得 即 (II) 由(I)的結(jié)論可知至少存在一點，使 又由 ，知 對在上分別應用拉格朗日中值定理，并注意到，得 在上對導函數(shù)應用拉格朗日中值定理，有 (21)【詳解】方法一：作拉格朗日函數(shù) 令 解方程組得 故所求的最大值為72，最小值為6.方法二：問題可轉(zhuǎn)化為求在條件下的最值 設 令 解得，代入，得 故所求的最大值為72，最小值為6. (22)【詳解】(I)證法一：證法二：記，下面用數(shù)學歸納法證明．當時，結(jié)論成立．當時，結(jié)論成立．假設結(jié)論對小于的情況成立．將按第1行展開得 故 證法三：記，將其按第一列展開得 ，所以 即 (II)因為方程組有唯一解，所以由知，又，故．由克萊姆法則，將的第1列換成，得行列式為所以 (III)方程組有無窮多解，由，有，則方程組為此時方程組系數(shù)矩陣的秩和增廣矩陣的秩均為，所以方程組有無窮多解，其通解為為任意常數(shù)．(23)【詳解】(I)證法一：假設線性相關(guān)．因為分別屬于不同特征值的特征向量，故線性無關(guān)，則可由線性表出，不妨設，其中不全為零(若同時為0，則為0，由可知，而特征向量都是非0向量，矛盾)，又，整理得：則線性相關(guān)，矛盾. 所以，線性無關(guān).證法二：設存在數(shù)，使得 (1)用左乘(1)的兩邊并由得 (2)(1)—(2)得 (3)因為是的屬于不同特征值的特征向量，所以線性無關(guān)，從而，代入(1)得，又由于，所以，故線性無關(guān).(II) 記，則可逆，所以 .2007年全國碩士研究生入學統(tǒng)一考試數(shù)學二試題解析1【分析】本題為等價無窮小的判定，利用定義或等價無窮小代換即可.【詳解】當時，， 故用排除法可得正確選項為（B）. 事實上， 或.所以應選（B）【評注】本題為關(guān)于無窮小量比較的基本題型，利用等價無窮小代換可簡化計算. 2【分析】因為函數(shù)為初等函數(shù)，則先找出函數(shù)的無定義點，再根據(jù)左右極限判斷間斷點的類型.【詳解】函數(shù)在均無意義， 而； ； . 所以為函數(shù)的第一類間斷點，故應選（A）.【評注】本題為基礎題型. 對初等函數(shù)來講，無定義點即為間斷點，然后再根據(jù)左右極限判斷間斷點的類型；對分段函數(shù)來講，每一分段支中的無定義點為間斷點，而分段點也可能為間斷點，然后求左右極限進行判斷.段函數(shù)的定積分.3【詳解】利用定積分的幾何意義，可得 ， . 所以 ，故選（C）.【評注】本題屬基本題型. 本題利用定積分的幾何意義比較簡便.4【分析】本題考查可導的極限定義及連續(xù)與可導的關(guān)系. 由于題設條件含有抽象函數(shù)，本題最簡便的方法是用賦值法求解，即取符合題設條件的特殊函數(shù)去進行判斷，然后選擇正確選項.【詳解】取，則，但在不可導，故選（D）. 事實上， 在(A),(B)兩項中，因為分母的極限為0，所以分子的極限也必須為0，則可推得.在（C）中，存在，則，所以(C)項正確，故選(D)【評注】對于題設條件含抽象函數(shù)或備選項為抽象函數(shù)形式結(jié)果以及數(shù)值型結(jié)果的選擇題，用賦值法求解往往能收到奇效. 5【分析】利用曲線的漸近線的求解公式求出水平漸近線，垂直漸近線和斜漸近線，然后判斷.【詳解】， 所以 是曲線的水平漸近線； ，所以是曲線的垂直漸近線； ， ，所以是曲線的斜漸近線. 故選（D）.【評注】本題為基本題型，應熟練掌握曲線的水平漸近線，斜漸近線不存在. 本題要注意當時的極限不同.6【分析】本題依據(jù)函數(shù)的性質(zhì)，判斷數(shù)列. 由于含有抽象函數(shù)，利用賦值法舉反例更易得出結(jié)果.【詳解】選（D）. 取，，而發(fā)散，則可排除（A）；取，，而收斂，則可排除（B）；取，，而發(fā)散，則可排除（C）； 故選（D）.事實上，若，則. 對任意，因為，所以， 對任意，. 故選（D）.【評注】對于含有抽象函數(shù)的問題，通過舉符合題設條件的函數(shù)的反例可簡化計算.7【分析】本題考查二元函數(shù)可微的充分條件. 利用可微的判定條件及可微與連續(xù)，偏導的關(guān)系.【詳解】本題也可用排除法，（A）是函數(shù)在連續(xù)的定義；（B）是函數(shù)在處偏導數(shù)存在的條件；（D）說明一階偏導數(shù)存在，但不能推導出兩個一階偏導函數(shù)在點(0,0) 處連續(xù)，所以（A）（B）（D）均不能保證在點處可微. 故應選（C）. 事實上， 由可得 ，即同理有從而 = .根據(jù)可微的判定條件可知函數(shù)在點處可微，故應選(C). 【評注】二元函數(shù)連續(xù)或偏導數(shù)存在均不能推出可微，只有當一階偏導數(shù)連續(xù)時，才可微.8,【分析】本題更換二次積分的積分次序，先根據(jù)二次積分確定積分區(qū)域，然后寫出新的二次積分.【詳解】由題設可知，則， 故應選（B）.【評注】本題為基礎題型. 畫圖更易看出.9【分析】本題考查由線性無關(guān)的向量組構(gòu)造的另一向量組的線性相關(guān)性. 一般令，若，則線性相關(guān)；若，則線性無關(guān). 但考慮到本題備選項的特征，可通過簡單的線性運算得到正確選項.【詳解】由可知應選（A）.或者因為，而， 所以線性相關(guān)，故選（A）.【評注】本題也可用賦值法求解，如取，以此求出（A），（B），（C），（D）中的向量并分別組成一個矩陣，然后利用矩陣的秩或行列式是否為零可立即得到正確選項.10.【分析】本題考查矩陣的合同關(guān)系與相似關(guān)系及其之間的聯(lián)系，只要求得的特征值，并考慮到實對稱矩陣必可經(jīng)正交變換使之相似于對角陣，便可得到答案. 【詳解】 由可得， 所以的特征值為3,3,0；而的特征值為1,1,0. 所以與不相似，但是與的秩均為2，且正慣性指數(shù)都為2，所以與合同，故選（B）.【評注】若矩陣與相似，則與具有相同的行列式，相同的秩和相同的特征值. 所以通過計算與的特征值可立即排除（A）（C）.11【分析】本題為未定式極限的求解，利用洛必達法則即可.【詳解】.【評注】本題利用了洛必達法則. 本題還可用泰勒級數(shù)展開計算. 因為 ， 所以 .12【分析】本題考查參數(shù)方程的導數(shù)及導數(shù)的幾何意義.【詳解】因為，所以曲線在對應于的點的切線斜率為，故曲線在對應于的點的法線斜率為.【評注】本題為基礎題型.13【分析】本題求函數(shù)的高階導數(shù)，利用遞推法或函數(shù)的麥克老林展開式.【詳解】，則，故.【評注】本題為基礎題型.14【分析】本題求解二階常系數(shù)非齊次微分方程的通解，利用二階常系數(shù)非齊次微分方程解的結(jié)構(gòu)求解，即先求出對應齊次方程的通解，然后求出非齊次微分方程的一個特解，則其通解為 .【詳解】對應齊次方程的特征方程為 ， 則對應齊次方程的通解為 . 設原方程的特解為 ，代入原方程可得 ， 所以原方程的特解為， 故原方程的通解為 ，其中為任意常數(shù).【評注】本題為基礎題型.15【分析】本題為二元復合函數(shù)求偏導，直接利用公式即可.【詳解】利用求導公式可得， 所以.【評注】二元復合函數(shù)求偏導時，最好設出中間變量，注意計算的正確性.16【分析】先將求出，然后利用定義判斷其秩.【詳解】.【評注】本題考查矩陣的運算和秩，為基礎題型.17【分析】對含變上限積分的函數(shù)方程，一般先對x求導，再積分即可.【詳解】 兩邊對求導得 ，（）兩邊積分得. （1）將代入題中方程可得 .因為是區(qū)間上單調(diào)、可導的函數(shù)，則的值域為，單調(diào)非負，所以. 代入（1）式可得，故.【評注】利用變限積分的可導性是解函數(shù)方程的方法之一. 18【分析】V(a)的可通過廣義積分進行計算，再按一般方法求V(a) 的最值即可【詳解】（Ⅰ）.（Ⅱ）令，得. 當時，單調(diào)增加； 當時，單調(diào)減少. 所以在取得極大值，即為最大值，且最大值為.【評注】本題為定積分幾何應用的典型問題，需記憶相關(guān)公式，如平面圖形的面積，繞坐標軸的旋轉(zhuǎn)體的體積公式等.19【分析】本題為不含的可降階方程，令，然后求解方程.【詳解】本題不含，則設，于是，原方程變?yōu)? ， 則 ，解之得，將代入左式得 ， 于是 ，結(jié)合得， 故 .【評注】本題為基礎題型.20.【分析】本題實質(zhì)上是二元復合函數(shù)的求導，注意需用隱函數(shù)求導法確定..【詳解】令，則. 兩邊對求導得 ，又，可得 在兩邊對求導得 . 所以 . . 【評注】也可利用兩邊對求導得 可得.21【分析】由所證結(jié)論可聯(lián)想到構(gòu)造輔助函數(shù)，然后根據(jù)題設條件利用羅爾定理證明.【詳解】令，則在上連續(xù)，在內(nèi)具有二階導數(shù)且.（1）若在內(nèi)同一點取得最大值，則， 于是由羅爾定理可得，存在，使得. 再利用羅爾定理，可得 存在，使得，即.（2）若在內(nèi)不同點取得最大值，則，于是 ， 于是由零值定理可得，存在，使得 于是由羅爾定理可得，存在，使得. 再利用羅爾定理，可得 ，存在，使得，即.【評注】對命題為的證明，一般利用以下兩種方法：方法一：驗證為的最值或極值點，利用極值存在的必要條件或費爾馬定理可得證； 方法二：驗證在包含于其內(nèi)的區(qū)間上滿足羅爾定理條件. 22【分析】由于積分區(qū)域關(guān)于軸均對稱，所以利用二重積分的對稱性結(jié)論簡化所求積分.【詳解】因為被積函數(shù)關(guān)于均為偶函數(shù)，且積分區(qū)域關(guān)于軸均對稱，所以 ，其中為在第一象限內(nèi)的部分. 而 . 所以 .【評注】被積函數(shù)包含時, 可考慮用極坐標，解答如下：.23【分析】將方程組和方程合并，然后利用非齊次線性方程有解的判定條件求得.【詳解】將方程組和方程合并，后可得線性方程組其系數(shù)矩陣..顯然，當時無公共解.當時，可求得公共解為 ,為任意常數(shù)；當時，可求得公共解為 .【評注】本題為基礎題型，考查非齊次線性方程組解的判定和結(jié)構(gòu).（24）【分析】本題考查實對稱矩陣特征值和特征向量的概念和性質(zhì). 【詳解】（I）， 則是矩陣的屬于－2的特征向量. 同理可得 ，. 所以的全部特征值為2，1，1 設的屬于1的特征向量為，顯然為對稱矩陣，所以根據(jù)不同特征值所對應的特征向量正交，可得. 即 ，解方程組可得的屬于1的特征向量 ，其中為不全為零的任意常數(shù). 由前可知的屬于－2的特征向量為 ，其中不為零.（II）令，由（Ⅰ）可得，則 .【評注】本題主要考查求抽象矩陣的特征值和特征向量，此類問題一般用定義求解，要想方設法將題設條件轉(zhuǎn)化為的形式. 請記住以下結(jié)論：（1）設是方陣的特征值，則分別有特征值 可逆），且對應的特征向量是相同的. （2）對實對稱矩陣來講，不同特征值所對應的特征向量一定是正交的2006年全國碩士研究生入學統(tǒng)一考試數(shù)學二試題解析一、填空題（1）（2）（3）（4）（5） 當x=0時，y=1， 又把方程每一項對x求導， (6) 2 解:由BA=B +2E化得B(AE)=2E,兩邊取行列式,得 |B||AE|=|2E|=4,計算出|AE|=2,因