【正文】 R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①當(dāng)I=，UV=3V，所以有U=3V+R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②聯(lián)立①②解得：R0=3Ω，U=，A不符合題意；B、由題可知，～，電壓表的示數(shù)變化范圍3V～6V，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值分別為：R滑= = =2Ω，R滑′= = =12Ω，即變阻器連入電路的阻值變化范圍為2Ω～12Ω，B不符合題意；C、R0兩端的電壓分別為：U0=I最小R0=3Ω=，U0′=I最大R0=3Ω=，～，C不符合題意；D、電路消耗的最小電功率：P最小=UI最小==，電路消耗的最大電功率：P最大=UI最大==，～，D符合題意。故答案為：D。【分析】根據(jù)電流的范圍和電壓的范圍，結(jié)合歐姆定律計(jì)算公式和電功率計(jì)算公式，求電路中的電阻、分壓情況和電功率.21．估測(cè)是一門技巧，準(zhǔn)確的估測(cè)可起到事半功倍的效果．下列物理量估測(cè)合理的是（ ） A.教室中門的高度大約是10dmB.中學(xué)生登上一層樓所做的功大約是1500JC.家用電器電飯煲的功率約為50WD.奧運(yùn)會(huì)上男子百米賽跑的速度約為20km/h【答案】B 【解析】【解答】解： A、老師的身高在170cm左右，教室門的高度略大于此數(shù)值，在200cm=20dm左右．故A不符合實(shí)際；B、中學(xué)生的體重在G=500N左右，一層樓高在h=3m左右，中學(xué)生登上一層樓所做的功大約是W=Gh=500N3m=1500J．故B符合實(shí)際；C、電水壺的額定功率在1500W左右，家用電飯煲的額定功率與此差不多，在1500W左右．故C不符合實(shí)際；D、奧運(yùn)會(huì)上男子百米速度略大于10m/s=10．故D不符合實(shí)際．故選B．【分析】此題考查對(duì)生活中常見物理量的估測(cè)，結(jié)合對(duì)生活的了解和對(duì)物理單位的認(rèn)識(shí)，找出符合實(shí)際的選項(xiàng)．22．如圖所示是甲、乙兩個(gè)電阻的電流與電壓關(guān)系的圖象，將它們連接在電路中，下列說法正確的是（　?。〢.串聯(lián)在電路中，甲、乙兩端電壓之比為2：1B.串聯(lián)在電路中，甲、乙的電功率之比為2：1C.并聯(lián)在電源電壓為2V的電路中，D.并聯(lián)在電源電壓為2V的電路中，通電10s電路消耗的電能為12J【答案】D 【解析】【解答】（1）因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，兩元件串聯(lián)，，由圖象可知它們兩端的電壓分別為U甲＝2V,U乙＝，則甲、乙兩端電壓之比U甲:U乙＝2V:＝4:5，A不符合題意；，由圖象可知它們兩端的電壓分別為U′甲＝1V,U′乙＝2V，則甲、乙的電功率之比P甲:P乙＝U′甲I:U′乙I＝U′甲:U′乙＝1V:2V＝1:2，B不符合題意；（2）因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，并聯(lián)在電路電壓為2V的電源上時(shí)，它們兩端的電壓均為2V，由圖象可知,通過兩元件的電流I甲＝,I乙＝，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路中的總電流：I′＝I甲 I乙＝ ＝，C不符合題意；通電10s電路消耗的電能：W＝UI′t＝2V ＝12J，D符合題意。故答案為：D.【分析】?jī)稍?lián)時(shí)通過它們的電流相等，根據(jù)圖象讀出兩元件兩端的電壓，然后求出電壓之比，根據(jù)P=UI求出電功率之比；兩元件并聯(lián)時(shí)它們兩端的電壓相等，根據(jù)圖象讀出兩元件的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出干路電流，根據(jù)P=UI求出電路中的總功率.23．如圖所示，電源電壓保持6V不變，電壓表的量程為0 ~ 3V，電流表的量程為0 ~ 0．6A，定值電阻R1的規(guī)格為“10Ω 0．5A”，滑動(dòng)變阻器R2的規(guī)格為“20Ω 1A”．閉合開關(guān)，為了保證電路安全，下列說法正確的是（ ）A.電流表示數(shù)允許的變化范圍為0．2A~ 0．5AB.R1消耗功率允許的變化范圍為0．4W~ 0．9WC.R2接入電路的阻值允許的變化范圍為2Ω~ 20ΩD.電路消耗總功率允許的變化范圍為1．2W~ 3W【答案】 B 【解析】【解答】當(dāng)電壓表的示數(shù)為最大值U1=3V時(shí)，定值電阻R1兩端電壓為R1=3V，電路中電流I1= I= I2= U1/ R1=0．3A0．6A，所以電路中最大電流只能為0．3A；滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小電阻 電路消耗的最大功率P=UI=6V0．3A=1．8W,電阻R1消耗的最大功率P1=U1I1=3V0．3A=0．9W，所以B、C、D錯(cuò)誤；滑動(dòng)變阻器阻值最大時(shí)，電路中電流最小 ，電阻R1的最小電功率 所以R1消耗的功率的變化范圍為0．4W~ 0．9W 。故答案為:B?！痉治觥坑蓤D可知：滑動(dòng)變阻器R1與定值電阻R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量定值電阻兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理（電阻越大，電阻兩端的電壓越高），當(dāng)電壓表的示數(shù)最小時(shí)，變阻器接入電路的電阻最大；當(dāng)電流表的示數(shù)達(dá)到最大值時(shí)，變阻器接入電路的電阻最?。桓鶕?jù)歐姆定律的應(yīng)用可分別電路中的總電阻和滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻值，同時(shí)可以確定電壓表示數(shù)、電流表示數(shù)以及電路中總功率的變化．24．如圖所示電路，電源電壓不變，當(dāng)開關(guān)S2閉合、S1斷開時(shí)，電壓表示數(shù)為9V；若將兩表互換位置，并同時(shí)閉合S1和S2時(shí)，（　　?。〢.電壓表示數(shù)仍為9VB.R1的阻值為18ΩC.R2的阻值為45ΩD.（兩表互換、兩開關(guān)閉合后）【答案】C 【解析】【解答】按題意可知,第一次當(dāng)開關(guān)S1閉合、S2斷開時(shí)兩個(gè)電阻是串聯(lián)的，電壓表測(cè)的是兩個(gè)電阻的總電壓即電源電壓，電流表測(cè)的是兩個(gè)電阻的電流；第二次同時(shí)閉合S1和S2時(shí)兩個(gè)電阻是并聯(lián)的,電流表測(cè)得是R1的電流，電壓表測(cè)得仍是電源電壓；A. 第二次兩個(gè)電阻是并聯(lián)的，電壓表測(cè)得是電源電壓，所以示數(shù)仍為9V，說法正確，不符合題意；B. 第二次兩個(gè)電阻是并聯(lián)時(shí),可以知道R1＝ ＝18Ω,所以R1的阻值為18Ω，說法正確，不符合題意；C. 第一次兩個(gè)電阻是串聯(lián)的,總阻值R＝ ＝30Ω,所以R2＝R?R1＝30Ω?18Ω＝12Ω，則該項(xiàng)說法錯(cuò)誤，符合題意；D. 同時(shí)閉合S1和S2時(shí)兩個(gè)電阻是并聯(lián)的,R2消耗的電功率P＝ ＝ ＝，說法正確，不符合題意；故答案為：C.【分析】當(dāng)開關(guān)S2閉合，斷開S1時(shí)，RR2串聯(lián)，電壓表測(cè)電源的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的總電阻；當(dāng)將兩表互換位置，并同時(shí)閉合S1和S2時(shí)，RR2并聯(lián)，電流表測(cè)R1支路的電流，電壓表仍測(cè)電源的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R2的阻值，進(jìn)一步求出R1的阻值；根據(jù)P=求出R2消耗的電功率，根據(jù)P=UI求出R1消耗的電功率，兩者之和即為電路的總功率.25．如圖所示電路，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)過程中（ ） A.電壓表V的示數(shù)不變B.電流表A的示數(shù)變大C.小燈泡的亮度變暗D.電路的總功率變大【答案】 A 【解析】【解答】由圖可知，閉合開關(guān)，燈泡與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，電流表A測(cè)量電路總電流，電壓表測(cè)電源電壓，所以滑片移動(dòng)電壓表的示數(shù)不變，A符合題意； 當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)I= 可知，滑動(dòng)變阻器所在支路中的電流變?。桓鶕?jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，各支路互不影響，所以滑片向右移動(dòng)，小燈泡的電流和實(shí)際功率不變，則燈泡的亮度不變，C不符合題意；根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和可知，總電流變小，即電流表A的示數(shù)變小，B不符合題意；電源電壓保持不變，總電流變小，根據(jù)P=UI知，電路的總功率變小，D不符合題意。故答案為：A?！痉治觥拷Y(jié)合電路圖，理清依據(jù)的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，判斷出滑動(dòng)變阻器接入電路中電阻的變化，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓不變，根據(jù)歐姆定律I= 可知該支路電流的變化；根據(jù)并聯(lián)電路各支路互不影響判斷出燈泡的亮度和通過燈泡的電流；根據(jù)P=UI判斷電路的總功率變化情況.