【文章內容簡介】 ： A、將金屬圓盤看成由無數金屬幅條組成，根據右手定則判斷可知：圓盤上的感應電流由邊緣流向圓心，所以靠近圓心處電勢高，所以 A正確； B、根據右手定則可知，產生的電動勢為 BLv，所以所加磁場越強，產生的電動勢越大，電流越大，受到的 安培力越大，越易使圓盤停止轉動，所以 B正確； C、若所加磁場反向，只是產生的電流反向，根據楞次定律可知，安培力還是阻礙圓盤的轉動，所以圓盤還是減速轉動，所以 C錯誤； D、若所加磁場穿過整個圓盤時，圓盤在切割磁感線，產生感應電動勢，相當于電路斷開，則不會產生 “ 感應電流，沒有安培力的作用，圓盤將勻速轉動，所以 D正確； 故選： ABD 【點評】 本題關鍵要掌握右手定則、安培定則，并能正確用來分析電磁感應現(xiàn)象，對于這兩個定則運用時，要解決兩個問題：一是什么條件下用；二是怎樣用． 6．直角坐標系 xOy中， M、 N兩點位 于 x軸上， G、 H兩點坐標如圖． M、 N兩點各固定一負點電荷，一電量為 Q的正點電荷置于 O點時， G點處的電場強度恰好為零．靜電力常量用 k表示．若將該正點電荷移到 G點，則 H點處場強的大小和方向分別為（ ） A． ，沿 y軸正向 B． ，沿 y軸負向 C． ，沿 y軸正向 D． ，沿 y軸負向 【考點】 電勢差與電場強度的關系；電場強度． 【專題】 電場力與電勢的性質專題． 【分析】 根據點電荷的場強公式和場強疊加的原理，可以知道在 G點的時候負電荷在 G點產生的合場強與正電荷在 G點產生的場強大小相等反向相反，在 H點同意根據場強的疊加來計算合場強的大小即可． 【解答】 解： G點處的電場強度恰好為零，說明負電荷在 G點產生的合場強與正電荷在 G點產生的場強大小相等方向相反， 根據點電荷的場強公式可得，正電荷在 G點的場強為 ，負電荷在 G點的合場強也為 ， 當正點電荷移到 G點時，正電荷與 H點的距離為 2a，正電荷在 H點產生的場強為 ，方向沿 y軸正向， 由于 GH對稱，所以負電荷在 G點和 H點產生的場強的相等方向相反，大小為 ，方向沿 y軸負向， 所以 H點處場合強的大小為 ，方向沿 y軸負向，所以 B正確； 故選： B 【點評】 本 題是對場強疊加原理的考查，同時注意點電荷的場強公式的應用，本題的關鍵的是理解 G點處的電場強度恰好為零的含義． 7．如圖甲， R0為定值電阻，兩金屬圓環(huán)固定在同一絕緣平面內．左端連接在一周期為 T0的正弦交流電源上，經二極管整流后，通過 R0的電流 i始終向左，其大小按圖乙所示規(guī)律變化．規(guī)定內圓環(huán) a端電勢高于 b端時， a、 b間的電壓 uab為正，下列 uab﹣ t圖象可能正確的是（ ） A． B． C． D． 【考點】 法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律． 【專題】 電磁感應與電路結合． 【分析】 由圖乙可知，電流為周期性變化的電流，故只需分析 ；通過分析電流的變化明確磁場的變化，根據楞次定律即可得出電動勢的圖象． 【解答】 解：在第一個 ，通過大圓環(huán)的電流為順時針增加的，由楞次定律可判斷內球內 a端電勢高于 b端，因電流的變化率逐漸減小故內環(huán)的電動勢逐漸減小，同理可知，在 ～ ，通過大圓環(huán)的電流為瞬時針逐漸減?。粍t由楞次定律可知， a環(huán)內電勢低于 b端，因電流的變化率逐漸變大，故內環(huán)的電動勢變大；故只有 C正確； 故選： C． 【點評】 本題考查楞次定律的應用，要注意明確楞次定律解題的基本步驟，正確掌握并理解“ 增反減同 ” 的意義，并能正確應用；同時解題時要正確審題，明確題意，不要被復雜的電路圖所迷或！ 8．如圖甲，兩水平金屬板間距為 d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示． t=0時刻，質量為 m的帶電微 粒以初速度為 v0沿中線射入兩板間， 0～ 時間內微粒勻速運動， T時刻微粒恰好經金屬板邊緣飛出．微粒運動過程中未與金屬板接觸．重力加速度的大小為 g．關于微粒在 0～ T時間內運動的描述，正確的是（ ） A．末速度大小為 v0 B．末速度沿水平方向 C．重力勢能減少了 mgd D．克服電場力做功為 mgd 【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關系． 【專 題】 電場力與電勢的性質專題． 【分析】 0～ 時間內微粒勻速運動，重力和電場力相等， ～ 內，微粒做平拋運動， ～T時間內，微粒豎直方向上做勻減速運動，水平方向上仍然做勻速直線運動，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解． 【解答】 解： A、 0～ 時間內微粒勻速運動，則有： qE0=mg， ～ 內，微粒做平拋運動，下降的位移 ， ～ T時間內，微粒的加速度 a= ，方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運動， T時刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為 v0，故 A錯誤， B正確． C、微粒在豎直方向上向下運動，位移大小為 ，則重力勢能的減小量為 ，故 C正確． D、在 ～ 內和 ～ T時間內豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時間相等，則位移的大小相等，為 ，整個過程中 克服電場力做功為 ，故 D錯誤． 故選： BC． 【點評】 解決本題的關鍵知道微粒在各段時間內的運動規(guī)律，抓住等時性，結合牛頓第二定律和運動學公式進行求解．知道在 ～ 內和 ～ T時間內豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時間相等，位移的大小相等． 二、解答題（共 4小題，滿分 36分） 9．某同學通 過下述實驗驗證力的平行四邊形定則．實驗步驟： ① 將彈簧秤固定在貼有白紙的豎直木板上，使其軸線沿豎直方向． ② 如圖甲所示，將環(huán)形橡皮筋一端掛在彈簧秤的秤鉤上，另一端用圓珠筆尖豎直向下拉，直到彈簧秤示數為某一設定值時，將橡皮筋兩端的位置記為 O O2，記錄彈簧秤的示數 F，測量并記錄 O O2間的距離（即橡皮筋的長度 l）．每次將彈簧秤示數改變 ，測出所對應的 l，部分數據如表所示： F（ N） 0 l （ cm） l0 ③ 找出 ② 中 F=，重新記為 O、 O′ ，橡皮筋的拉力記為 FOO′ ． ④ 在秤鉤上涂抹少許潤滑油，將橡皮筋搭在秤鉤上，如圖乙所示．用兩圓珠筆尖成適當角度同時拉橡皮筋的兩端，使秤鉤的下端達到 O點，將兩筆尖的位置標記為 A、 B，橡皮筋 OA段的拉力記為 FOA， OB段的拉力記為 FOB． 完成下列作圖和填空： （ 1）利用表中數據在給出的坐標紙上畫出 F﹣ l圖線，根據圖線求得 l0= cm． （ 2）測得 OA=， OB=，則 FOA的大小為 N． （ 3）根據給出的標度，在答題卡上作出 FOA和 FOB的合力 F′ 的圖示． （ 4）通過比較 F′ 與 F00′ 的大小和方向，即可得出實驗結論． 【考點】 驗證力的平行四邊形定則． 【專題】 實驗題；定性思想；推理法；平行四邊形法則圖解法專題． 【分析】 （ 1）根據表中數據利用描點法得出對應的數據，圖象與橫坐標的交點即為 l0； （ 2）橡皮筋兩端拉力相等，根據題意求得總長度即可求得皮筋上的拉力； （ 3）通過給出的標度確定力的長度，根據平行四邊形得出圖象如圖所示；