電力工程課程設計---某工礦企業(yè)降壓變電所電氣設計(編輯修改稿)
2024-12-09 23:49 本頁面
【文章內容簡介】 KW Q30=*1596=798Kvar 計及 變壓器的損耗 ： P’ = P30+? PT=1575+= Q’ = Q30+? QT=798+= S’ = 39。2239。 QP ? =1815KVA I30 = S’ /( 3 U)= 年最大負荷平局利用小時數 Tmax=所采所所采采3030m a x30m a x30 PP T*P T*P ?? =4543h,查表得 :架空線路的經濟電流密度 Jec =。 所以可得經濟截面： Aec =I30 / Jec = 。 可選導線型號為 LJ120，其允許載流量為 I1a =375A。 相應參數為 r0 = xkm/ ，? 0 = km/? 。 再按發(fā)熱條件檢驗 已知 ? =40o C，溫度修正系數為： Kt =257070??? = I39。1a = Kt * I1a =*375=306A I30 = 由上式可知，所選導線符合長期發(fā)熱條件。 根據地理位置圖及比例尺，得到此線路長度為 線路功率損耗： ? PL=3I230 RL =3I239。 r0 L=3* **= ? QL=3I230 XL =3I239。 x0 L=3* **= 線路首端功率 ： P=P’ +? P=+= Q=Q’ +? Q=+= 線路壓降計算 ： ? U=NUL00 QxL Pr ? = ? U%=NUU ? *100%=% 合格。 2． 供給變電所 II的 10KV線路 為保證供電的可靠性選用雙回路供電線路，每回供電線路計算負荷： P30=*2700=1350KW Q30=*1368=684Kvar 計及變壓器的損耗 ： P’ = P30+? PT=1350+= Q’ = Q30+? QT=684+= S’ = 39。2239。 QP ? = I30 = S’ /( 3 U)= 年最大負荷平局利用小時數 Tmax=廠冶廠廠冶冶3030m a x30m a x30 PP T*P T*P ?? =1780h,查表得 :架空線路的 經濟電流密度 Jec =。 所以可得經濟截面： Aec =I30 / Jec = 。 可選導線型號為 LJ70，其允許載流量為 I1a =265A。 相應參數為 r0 = xkm/ ，? 0 = km/? 。 再按發(fā)熱條件檢驗 已知 ? =40o C，溫度修正系數為： Kt =257070??? = I39。1a = Kt * I1a =*265= I30 = 由上式可知，所選導線符合長期發(fā)熱條件。 由于變電所 II緊鄰 35/11kv主變壓器， 10kv線路很短，其功率損耗可忽 略不計。 線路首端功率： P= P’ = Q= Q’ = 3． 供給變電所 III的 10KV線路 為保證供電的可靠性選用雙回路供電線路，每回供電線路計算負荷： P30=*3150=1575KW Q30=*1596=798Kvar 計及變壓器的損耗 P’ = P30+? PT=1575+= Q’ = Q30+? QT=798+= S’ = 39。2239。 QP ? =1815KVA I30 = S’ /( 3 U)= 年最大負荷平局利用小時數 Tmax=機化機機化化3030m a x30m a x30 PP T*P T*P ?? =4543h,查表得 :架空線路的經濟電流密度 Jec =。 所以可得經濟截面： Aec =I30 / Jec = 。 可選導線型號為 LJ95，其允許載流量為 I1a =325A。 相應參數為 r0 = xkm/ ，? 0 = km/? 。 再按發(fā)熱條件檢驗 已知 ? =40o C，溫度修正系數為： Kt =257070??? = I39。1a = Kt * I1a =*325= I30 = 由上式可知，所選導線符合長期發(fā)熱條件。 根據地理位置圖及比例尺，得到此線路長度為 線路功率損耗： ? PL=3I230 RL =3I239。 r0 L=3* **= ? QL=3I230 XL =3I239。 x0 L=3* **= 線路首端功率： P=P’ +? P=+= Q=Q’ +? Q=+= 線路壓降計算 ? U=NUL00 QxL Pr ? = ? U%=NUU ? *100%=% 合格。 三， 工廠總降壓變電所及接入系統(tǒng)設計 1.
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