【文章內(nèi)容簡介】 示，是小明測量未知電阻Rx的實驗電路，電源電壓不變，其中R0為阻值已知的定值電阻。當閉合開關(guān)S1和S2時，電流表的示數(shù)為I1；當只閉合開關(guān)S1時，電流表的示數(shù)為I2 ． 則下列四個選項中，Rx的表達式正確的是（ ）A.Rx= B.Rx= C.Rx= R0D.Rx= R0【答案】D 【解析】【解答】由電路圖可知,當只閉合開關(guān)S1時,電路為R0的簡單電路,電流表測電路中的電流,則I0＝I1；當閉合開關(guān)S1和S2時,R0與Rx并聯(lián),電流表測干路電流,即I＝I2 ， 因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以,通過R0的電流不變，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以,通過Rx的電流：Ix＝I?I0＝I2?I1 ， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以,由I＝UR可得，電源的電壓：U＝IxRx＝I0R0,即（I2?I1）Rx＝I1R0 ， 解得：Rx＝ . R。故答案為：D?！痉治觥慨斨婚]合開關(guān)S1時，電路為R0的簡單電路，電流表測電路中的電流；當閉合開關(guān)S1和S2時，R0與Rx并聯(lián)，電流表測干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過R0的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出通過Rx的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律得出等式即可Rx的阻值.11．如圖甲所示電路，電源電壓不變，電壓表量程是0～3V，電流表量程是0～．只閉合S、S1 ， 在滑動變阻器R1的滑片從最右端向左滑至a點的過程中，燈泡、R1的IU圖像如圖乙，滑片在a點時燈泡恰好正常發(fā)光．保證電路安全的情況下，下列說法錯誤的是（ ）A.B.只閉合S、S1時，C.只閉合S、S1時，D.只閉合S、S2 ， R1的滑片在a點，～12Ω【答案】B 【解析】【解答】 （1）只閉合S、S1,燈泡、變阻器R1串聯(lián),在滑動變阻器R1的滑片從最右端向左滑至a點的過程中,R1的阻值減小,電路中的總電阻變小,電流變大,燈泡兩端的電壓變大,由此可知：圖乙中,左邊的曲線為燈泡的I?U圖象,則右邊的曲線為R1的I?U圖象；如圖所示：滑片在a點時R1的阻值最?。ㄔ试S接入的最小阻值）,電路中的電流最大,由于燈泡恰好正常發(fā)光,則根據(jù)I?U圖象可知：,此時R1兩端的電壓為3V ， 則燈泡的額定功率：P額＝ULI最大＝＝；A符合題意；電源電壓：U＝UL+U1＝+3V＝，電路的最大功率：P最大＝UI最大＝＝；B不符合題意；只閉合S、S1,燈泡、變阻器R1串聯(lián)，由燈泡的I?U圖象可知， ， ， 此時燈泡消耗的功率最小，則燈泡2s內(nèi)最少消耗的電能：WL＝UL最小IL最小t＝2s＝；C符合題意；（2）由I＝ 可得,R1的滑片在a點時R1的電阻：R1＝ ＝6Ω；由圖可知,只閉合S、S2,R1的滑片在a點,R1與R2串聯(lián),電壓表測變阻器R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流；由于串聯(lián)電路中各處的電流相等，電流表的量程為0～ ， 所以,電路中的最大電流I′最大＝,此時滑動變阻器R2接入電路中的電阻最小，由I＝ 可得最小總電阻：R總最?。? ＝，根據(jù)串聯(lián)電路的總電阻等于各電阻之和可得,滑動變阻器R2接入電路中的最小電阻：R2小＝R總最小?R1＝?6Ω＝；由于電壓表采用0～3V量程,當電壓表的示數(shù)U2最大＝3V時,滑動變阻器R2接入電路中的電阻最大，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以,此時R1兩端的電壓：U′1＝U?U2最大＝?3V＝ ， 電路中的最小電流：I最?。? ＝ ＝ ， 則滑動變阻器接入電路中的最大阻值：R2最大＝ ＝12Ω，所以,～12Ω，D符合題意；故答案為：B?！痉治觥浚?）只閉合S、S1 ， 燈泡、R1串聯(lián)，在滑動變阻器R1的滑片從最右端向左滑至a點的過程中，R1的阻值減小，電路中的總電阻變小，電流變大，根據(jù)圖象即可讀出滑片在a點時小燈泡正工作時燈泡、R1的電壓和電流，根據(jù)P=UI求出燈泡的功率和電路的最大功率；根據(jù)燈泡的IU圖象得出燈泡功率最小時的電壓和電流值，利用W=UIt求出燈泡2s內(nèi)消耗的最少電能；（2）根據(jù)歐姆定律求出R1的滑片在a點R1的電阻；只閉合S、S2 ， R1的滑片在a點，R1與R2串聯(lián)，電壓表測變阻器R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據(jù)電流表的量程確定電路中的最大電流，此時變阻器接入電路中的電阻最小，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出變阻器接入電路中的最小阻值；當電壓表的示數(shù)最大時變阻器R2接入電路中的電阻最大，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出變阻器R2接入電路中的電阻，然后得出滑動變阻器R2允許的取值范圍.12．在一次物理實驗中，小于同學連接了如圖所示的電路，電磁鐵的B端有一個可自由轉(zhuǎn)動的小磁針，閉合開關(guān)后，下列說法錯誤的是（ ） A.電磁鐵的A端為N極B.小磁針靜止時，N極水平指向左C.利用這一現(xiàn)象所揭示的原理可制成的設(shè)備是發(fā)電機D.當滑動變阻器滑動片P向右端移動，電磁鐵磁性增強【答案】 C 【解析】【解答】解：A、由圖知，電流從螺線管的右端流入、左端流出，根據(jù)安培定則可知，電磁鐵的A端是N極，B端是S極，A不符合題意； B、電磁鐵的B端是S極，由磁極間的作用規(guī)律可知，小磁針靜止時，左端是N極，即N極水平指向左，B不符合題意；C、該實驗表明了電能生磁，利用這一現(xiàn)象所揭示的原理可制成電磁鐵，C錯誤，符合題意；D、當滑動變阻器滑動片P向右端移動時，變阻器接入電路的電阻變小，電路中電流變大，則電磁鐵的磁性變強，D不符合題意；故答案為：C。 【分析】首先利用安培定則判斷螺線管的磁極，再由磁極間的作用規(guī)律判斷小磁針的指向；電磁感應是發(fā)電機的原理；由滑動變阻器的滑片移動可得出電路中電流的變化，則可得出螺線管中磁場的變化.13．在如右圖所示的實驗電路中，電源電壓為3伏，LL2發(fā)光時的電阻均為5歐，下列說法錯誤的是（ ）A.燈 LL2 是串聯(lián)的B.電流表的量程應選0~3AC.電壓表的量程應選0~3VD.電壓表測的是燈 L1兩端的電壓【答案】B 【解析】【解答】根據(jù)電路圖可以看出燈 LL2 是串聯(lián)的，A不符合題意；電壓表并聯(lián)在L1兩端，測的是燈 L1兩端的電壓，D不符合題意；因為電源電壓為3伏，所以電壓表的量程應選0~3V，C不符合題意；因為LL2發(fā)光時的電阻均為5歐，串聯(lián)在一起，總電阻 ，根據(jù) ，電流表的量程應選0~，B符合題意。故答案為：B【分析】根據(jù)電路中的電源電壓和總電阻，利用歐姆定律計算電流的大小.14．如圖所示，電源電壓恒定，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。S閉合，滑動變阻器滑片P由a向b滑動，下列說法正確的是（ ）A.電壓表V1示數(shù)與電壓表V2示數(shù)之和變大B.電壓表V1示數(shù)與電流表A示數(shù)的乘積變大C.電壓表V1示數(shù)與電流表A示數(shù)的比值變大D.電壓表V2示數(shù)與電流表A示數(shù)的比值變大【答案】D 【解析】【解答】等效電路圖如下，R1與R2串聯(lián)，V1測R1兩端的電壓，V2測R2兩端的電壓。A、開關(guān)S閉合，當滑片P由a向b滑動時，由串聯(lián)電路的電壓特點可知，電壓表V1示數(shù)與電壓表V2示數(shù)之和等于電源電壓，則兩個電壓表示數(shù)之和不變，A不符合題意；BCD、滑片P由a向b滑動，變阻器R2接入電路的阻值變大，總電阻變大，由I= 知電路中電流變小，電流表A的示數(shù)變??；由U=IR可知，定值電阻Rl兩端電壓變小，即V1的示數(shù)變小，則V2示數(shù)就會變大；所以，電壓表V1示數(shù)與電流表A示數(shù)的乘積變小，B不符合題意；電壓表V2示數(shù)與電流表A示數(shù)的比值變大，D符合題意；由歐姆定律可知，電壓表V1與A的示數(shù)之比等于定值電阻R1的阻值，所以該比值不變，C不符合題意。故答案為：D?！痉治觥肯犬嫵龅刃щ娐穲D，確認電路的連接方式為串聯(lián)和電表的測量對象，根據(jù)串聯(lián)電路的特點分析.15．用電器甲和乙，其電流與其兩端電壓關(guān)系如圖所示，其中直線表示用電器甲的電流與其兩端電壓關(guān)系圖。下列說法正確的是（ 160