20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊13動量守恒定律的案例分析-課時作業(yè)5(含解析)(更新版)
【正文】 的速度大小v。故選：C3．C【詳解】規(guī)定航天器的速度方向?yàn)檎较?，發(fā)動機(jī)噴氣過程中系統(tǒng)動量守恒，故由動量守恒定律可得：Mv0=(M－m)v2－mv1解得：故C正確，ABD錯誤。7．A【詳解】系統(tǒng)全過程動量守恒： 子彈打入木塊過程損失的動能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能，A、B速度相同時彈性勢能有最大值：故選A。13．BD【分析】考查動量守恒定律。21．(1)2m/s；(2)200N【詳解】(1)由子彈打木塊過程動量守恒，規(guī)定子彈初速度方向?yàn)檎较蚪獾?2)對木塊由動量定理解得22．【詳解】烏賊噴水過程，時間較短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，動量守恒；選取烏賊逃竄的方向?yàn)檎较?，根?jù)動量守恒定律得解得噴出水的速度大小為23．，遠(yuǎn)離空間站。故選BD。故選C．9．B【詳解】物體在車內(nèi)與P和Q碰若干次后最終與車相對靜止，整個過程中車和物體組成的系統(tǒng)動量守恒，即所以最終速度為故ACD錯誤；B正確。4．C【詳解】粘性物體和A相互作用，水平方向動量守恒，取向右為正方向，由動量守恒定律有mv0＝2mv1得v1＝v0以后三個物體一起相互作用，動量守恒，當(dāng)B車與A車速度相等時，彈簧的彈性勢能最大。24．在光滑的水平面上，質(zhì)量為2m的小球A以速率v0向右運(yùn)動．在小球的前方O點(diǎn)處有一質(zhì)量為m的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示．小球A與小球B發(fā)生正碰后均向右運(yùn)動。求當(dāng)細(xì)桿落到與水平方向夾角為時小車發(fā)生的位移。20202021學(xué)年滬科版（2019）選擇性必修第一冊（含解析）1．如圖所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個帶電小球，t=0時，甲靜止，乙以6m/s的初速度向甲運(yùn)動。細(xì)桿質(zhì)量忽略不計(jì)，小車及支架的質(zhì)量為kg，開始時小車靜止，細(xì)桿拉到水平位置，由靜止釋放。23．如圖所示，進(jìn)行太空行走的宇航員A和B的質(zhì)量分別為80kg和100kg，他們攜手遠(yuǎn)離空間站，A將B向空間站方向輕推后，求此時B的速度大小和方向。故選C。8．C【詳解】A、B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，以B的初速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律得由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得故ABD錯誤，C正確。【詳解】A．子彈射入木塊的過程，要產(chǎn)生內(nèi)能，由能量守恒定律知子彈動能的虧損大于系統(tǒng)動能的虧損，故A錯誤；B．子彈和木塊組成的系統(tǒng)動量守恒，系統(tǒng)動量的變化量為零，則子彈與木塊動量變化量的大小相等，方向相反，故B正確；C．摩擦力對木塊做的功為fs，摩擦力對子彈做的功為：W=－f（s＋d）可知二者不等，故C錯誤；D．對木塊，根據(jù)動能定理可知：子彈對木塊做的功即為摩擦力對木塊的功，等于木塊動能的增量，故D正確。【詳解】兩宇航員組成的系統(tǒng)動量守恒，以遠(yuǎn)離空間站的方向?yàn)檎较?，A和B開始的速度為v0=，方向遠(yuǎn)離空間站，推開后，A的速度vA=，此時B的速度為vB，由動量守恒定律得（mA+mB）v0=mAvA+mBvB即（80+100）=80+100vB解得：vB=B的速度方向沿遠(yuǎn)離空間站方向；24．（1），；（2）0【詳解】（1）設(shè)兩球碰后的速度分別為，碰撞過程有動量守恒得碰后兩球在P點(diǎn)相遇，則解得（2）由能量守恒定律可得，損失的能量為19
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