【正文】 4ND．【答案】BCD【解析】【詳解】假設(shè)A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，整體的加速度： ；隔離對(duì)A分析，f=mAa=2N＞μmAg=4N，可知假設(shè)不成立，即A、B兩物體發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，A所受的摩擦力為4N，B物體受到A的摩擦力大小是4N，對(duì)BC系統(tǒng)的加速度。聯(lián)立解得：，故C錯(cuò)誤；D、分離前對(duì)整體分析可知，由牛頓第二定律有，則有剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力F的最小，F(xiàn)的最小值；分離后對(duì)b分析可知，由牛頓第二定律有，解得，所以拉力F的最小值為，故D正確；故選AD。則（ ）A．彈簧的勁度系數(shù)B．彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)物塊a、b恰好分離C．物塊b的加速度為D．拉力F的最小值為【答案】AD【解析】【詳解】A、對(duì)整體分析，根據(jù)平衡條件可知，沿斜面方向上重力的分力與彈簧彈力平衡，則有：，解得：，故A正確；B、由題意可知，b經(jīng)兩段相等的時(shí)間位移為x0，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)相鄰相等時(shí)間內(nèi)位移關(guān)系的規(guī)律可知：，說明當(dāng)形變量為時(shí)二者分離，故B錯(cuò)誤；C、對(duì)m分析，因分離時(shí)a、b間沒有彈力，則根據(jù)牛頓第二定律可知： ，已知A和C的質(zhì)量都是2kg,B的質(zhì)量是3kg,A、,其他摩擦不計(jì)。14．電路圖中，RR2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向右移動(dòng)時(shí)，電流表、電壓表可視為理想電表，關(guān)于電流表和電壓表示數(shù)的變化情況的分析，正確的是（ ）A．電流表和電壓表讀數(shù)均增大B．電流表和電壓表讀數(shù)均減小C．電壓表V1的示數(shù)變化量小于電壓表V2的示數(shù)變化量D．電流表讀數(shù)變小，電壓表V2讀數(shù)變大，V1讀數(shù)減小【答案】CD【解析】試題分析：由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源的電動(dòng)勢(shì)不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，而路端電壓，則U增大，電阻的電壓減小，則電壓表示數(shù)減小；并聯(lián)部分的電壓 增大，電壓表示數(shù)增大；增大，通過的電流增大，因?yàn)榭傠娏鳒p小，所以通過電流表的示數(shù)變?。蔄B錯(cuò)誤，D正確；電壓表的示數(shù)與電壓表的示數(shù)之和等于U，即，因示數(shù)增大，示數(shù)減小，而U減小，所以電壓表的示數(shù)增加量小于電壓表的示數(shù)減小量，故C正確．故選CD．【點(diǎn)睛】根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷出滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律分析答題．15．如圖所示，水平面上有兩個(gè)質(zhì)量分別為m1和m2的木塊1和2，中間用一條輕繩連接，兩物體的材料相同，現(xiàn)用力F向右拉木塊2，當(dāng)兩木塊一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是A．繩的拉力大小與水平面是否粗糙有關(guān)B．繩的拉力大小與水平面是否粗糙無關(guān)C．若水平面是光滑的，則繩的拉力為D．若水平面是粗糙的，且物體和地面摩擦因數(shù)為μ，則繩的拉力為【答案】BC【解析】設(shè)物體和地面摩擦因數(shù)為μ，以兩木塊整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律： 得: 以m1為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律： 代入a得: 可見繩子拉力大小與摩擦因數(shù)μ無關(guān)，與兩物體質(zhì)量大小有關(guān)，即與水平面是否粗糙無關(guān)，無論水平面是光滑的還是粗糙的，繩的拉力均為，故BC正確綜上所述本題答案是：BC點(diǎn)睛：先以兩木塊整體為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律求出加速度大小,然后以為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律求出繩子拉力表達(dá)式,本題主要考查了學(xué)生對(duì)整體隔離方法的運(yùn)用情況．