(絕殺20xx)高考物理-模擬權(quán)威預(yù)測(cè)-專題六功和能(存儲(chǔ)版)
【正文】 是否守恒,列出每一個(gè)過(guò)程的對(duì)應(yīng)方程.(4)確定臨界狀態(tài)及特點(diǎn),并列出相應(yīng)的方程.(5)求解方程并進(jìn)行驗(yàn)證.【高考預(yù)測(cè)】1.【解析】，木塊B恰好沒離開地面，說(shuō)明A此時(shí)速度為零，那么A一定是先加速后減速，A的加速度先減小后反向增大，A錯(cuò)。下滑過(guò)程中由可見動(dòng)能隨高度的增加線性減小，當(dāng)h=H時(shí)ΔEk=0,當(dāng)h=0時(shí)ΔEk=mgH(1μcotα),結(jié)合圖象可得D正確.5.【解析】設(shè)小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度為vC,通過(guò)甲軌道最高點(diǎn)的速度為v1，根據(jù)小球?qū)壍缐毫榱?，? ①取軌道最低點(diǎn)所在水平面為參考平面，由機(jī)械能守恒定律有 ②聯(lián)立①②式，可得同理可得小球通過(guò)D點(diǎn)時(shí)速度設(shè)CD段的長(zhǎng)度為l，對(duì)小球通過(guò)CD段的過(guò)程，由動(dòng)能定理有解得:l= 答案: 6.【解析】(1)小滑塊從A→B→C→D過(guò)程中，由動(dòng)能定理得mg(h1h2)μmgs=將hhs、μ、g代入得：vD=3 m/s(2)小滑塊從A→B→C過(guò)程中，由動(dòng)能定理得mgh1μmgs=將hs、μ、g代入得：vC=6 m/s小滑塊沿CD段上滑的加速度大小a=gsinθ=6 m/s2小滑塊沿CD段上滑到最高點(diǎn)的時(shí)間t1=由對(duì)稱性可知小滑塊從最高點(diǎn)滑回C點(diǎn)的時(shí)間t2=t1=1 s故小滑塊第一次與第二次通過(guò)C點(diǎn)的時(shí)間間隔t=t1+t2=2 s (3)對(duì)小滑塊運(yùn)動(dòng)全過(guò)程利用動(dòng)能定理，設(shè)小滑塊在水平軌道上運(yùn)動(dòng)的總路程為s總有：mgh1=μmgs總將hμ、g代入得s總= m故小滑塊最終停止的位置距B點(diǎn)的距離為2ss總= m答案:(1)3 m/s (2)2 s (3) m7.【解析】(1)小物體輕放在傳送帶上時(shí)，受力分析如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律得沿斜面方向：μmgcosθmgsinθ=ma可知，小物體上升的加速度為a＝ m/s2當(dāng)小物體的速度為v＝1 m/s時(shí)，位移然后小物體將以v＝1 m/ m的路程，由功能關(guān)系得： (2)電動(dòng)機(jī)做功使小物體機(jī)械能增加，同時(shí)小物體與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生熱量Q，由v＝at得t== s相對(duì)位移x′=vt= m摩擦熱Q=μmgx′cosθ=15 J故電動(dòng)機(jī)做的功為W電＝W＋Q＝270 J.答案:(1)255 J (2)270 J16。ma＞0，即F＞Ff，故F做正功多于克服摩擦力做的功，故機(jī)械能增加．A項(xiàng)正確． 13.【解析】(1)小球從E點(diǎn)水平飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)小球從E點(diǎn)水平飛出時(shí)的速度大小為vE,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，s=vEt,聯(lián)立解得(2)小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程，機(jī)械能守恒解得在B點(diǎn)Fmg=得由牛頓第三定律可知小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為F′=9mg+方向豎直向下.(3)設(shè)小球沿翹尾巴的S形軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)克服摩擦力做的功為W，則mg(h4R)W=得W=mg(h4R)答案:(1)(2)方向豎直向下(3)14.【解析】(1)在水平方向有2R=vt在豎直方向有2R=解得v=(2)根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得(3)對(duì)小球分析有Fmg=解得F=6mg由牛頓第三定律可知：小球?qū)K的拉力為6mg,方向向下(4)設(shè)繩斷時(shí)小球的速度為v1,有設(shè)小球在最高點(diǎn)時(shí)的速度為v2,有v2=v1cos60176。=mBgsin30
醫(yī)療健康相關(guān)推薦
鄂ICP備17016276號(hào)-1