【正文】 減?。挥捎沂侄▌t可知，電流方向沿逆時針； 故選 A． 7．圖甲所示電路中， A A A3為相同的電流表， C 為電容器，電阻 R R R3的阻值相同，線圈 L 的電阻不計．在某段時間內(nèi)理想變壓器原線圈內(nèi)磁場的變化如圖乙所示，則在 t1～ t2時間內(nèi)（ ） A．電流表 A1的示數(shù)比 A2的小 B．電流表 A2的示數(shù)比 A3的小 C． 電流表 A1和 A2的示數(shù)相同 D．電流表的示數(shù)都不為零 【考點】 變壓器的構(gòu)造和原理． 【分析】 由圖可知副線圈電路中的磁通量的變化情況，則由電磁感應(yīng)可得出產(chǎn)生的感應(yīng)電流；根據(jù)電容器及電感器的性質(zhì)可得出各表的電流大?。? 【解答】 解：原線圈中磁場如乙圖所示均勻變化，故副線圈中的磁通量均勻變化，故副線圈中產(chǎn)生恒定的電流，因線圈電阻不計，故線圈 L 對恒定電流沒有阻礙作用，所以電流表 A1和 A2的讀數(shù)相同，而電容器 “通交隔直 ”，所以電流表 A3的讀數(shù)為 0．故 ABD 錯誤， C 正確； 故選： C． 8．﹣臺發(fā)電機，輸出的功率為 106W，所用輸電導(dǎo)線的電阻是 10Ω，當發(fā)電機接到輸電線路的電壓是 103V時，輸電導(dǎo)線上的電流是 102A，則在輸電導(dǎo)線上損失的熱功率為（ ） A． 103W B． 105W C． l06W D． 106W 【考點】 遠距離輸電． 【分析】 根據(jù)勢功率 P=I2R 求輸電導(dǎo)線上的熱功率． 【解答】 解：已知輸電導(dǎo)線的電阻 R=10Ω，輸電電流為 I= 102A，所以輸電導(dǎo)線上損失的熱功率 P=I2R=（ 2 102） 2 10W=4 105W 故選： B 9．在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，如圖 1 所示．產(chǎn)生的交變電動勢的圖象如圖 2 所示，則（ ） A． t= 時線框的磁通量為零 B． t= 時線框平面與中性面重合 C．線框產(chǎn)生的交變電動勢有效值為 311V D．線框產(chǎn)生的交變電動勢頻率為 100HZ 【考點】 交流發(fā)電機及其產(chǎn)生正弦式電流的原理． 【分析】 由圖 2可知任何時刻的感應(yīng)電動勢，根據(jù)電動勢的特點，可判處金屬線框所處的位置；由圖象還可知電動勢的峰值和周期，根據(jù)有效值和峰值的關(guān)系便可求電動勢的有效值，根據(jù)周期和頻率的 關(guān)系可求頻率． 【解答】 解： A、 t= 時，感應(yīng)電動勢最大，線框平面與中性面垂直，磁通量為零，故A正確； B、 t= 時，感應(yīng)電動勢為零，說明此時線圈正經(jīng)過中性面，故 B 正確； C、由圖 2 可知 T=， Em=311V．根據(jù)正弦式交變電流有效值和峰值的關(guān)系可得，該交變電流的有效值為 E= =220V，故 C 錯誤； D、據(jù)周期和頻率的關(guān)系可得，該交變電流的頻率為： f= =50Hz，故 D 錯誤； 故選： AB． 10．如圖所示，邊長為 L 的正方形單匝線圈 abcd，電阻 r，外電路的電阻為 R， a、 b 的中 點和 cd 的中點的連線 OO′恰好位于勻強磁場的邊界線上，磁場的磁感應(yīng)強度為 B，若線圈從圖示位置開始，以角速度 ω繞軸 OO′勻速轉(zhuǎn)動，則以下判斷正確的是（ ） A．圖示位置線圈中的感應(yīng)電動勢最大，其值為 Em=BL2ω B．閉合電路中感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為 e=BL2ωsinωt C．線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過 180176。= =，故 C 正確； D、同理，當 t=3s 時，感應(yīng)電動勢仍為 E=，電流大小仍為 I=1A，由于磁場的方向相反，由左手定則可知，安培力的方向垂直磁感線斜向下， 根據(jù)力的合成，則得金屬桿對 H 的壓力大小為 N′=F′cos60176。的過程中，穿過線圈磁通量的變化量大小為 △Φ=2BS=2B? L2=BL2，流過電阻 R 的電荷量為 q= = ，故 C 錯誤． D、感應(yīng)電動勢的有效值為 E= Em，感應(yīng)電流有效值為 I= ， R 產(chǎn)生的熱量為 Q=I2RT，T= 聯(lián)立得 Q= ．故 D 正確． 故選： D． 二．不定項選擇：（每題 4分，共 20分） 11．以下敘述正確的是（ ） A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象 B．慣性是物體的固有屬性，速度大的物體慣性一定大 C．牛頓最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因 D．感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能 量守恒定律的必然結(jié)果 【考點】 物理學(xué)史． 【分析】 解答本題應(yīng)掌握：法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性大小的量度．伽利略最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因；感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，符合能量守恒定律． 【解答】 解： A、 1831 年英國科學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．故 A正確． B、慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性大小的量度，與速度大小無關(guān)．故 B 錯誤． C、伽利略最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的原因．故 C 錯誤． D、感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，由于在 電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，安培力是阻力，外界通過克服安培力做功，將機械能轉(zhuǎn)化為電能，故楞次定律所描述的感應(yīng)電流方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果．故 D 正確． 故選 AD 12．一個面積 S=4 10﹣ 2m匝數(shù) n=100匝的線圈，放在勻強磁場中，磁場方向垂直平面，磁感應(yīng)強度的大小隨時間變化規(guī)律如圖，由圖可知（ ） A．在開始 2 秒內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化率等于 B．在開始 2 秒內(nèi)穿過線圈的磁通量的變化量等于零 C．在開始 2 秒內(nèi)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢等于 8V D．在第 3 秒末感應(yīng)電動勢為零 【考點】 法拉 第電磁感應(yīng)定律． 【分析】 由圖象看出，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增大，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，由楞次定律判斷線圈中感應(yīng)電流的方向．由法拉第電磁感應(yīng)定律求出線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，再由歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小． 【解答】 解： AB、由圖象的斜率求出： = T/s=2T/s 因此有： = S=2 4 10﹣ 2 Wb/s=8 10﹣ 2Wb/s，故 A正確， B 錯誤； C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得： E=n =n S=100 2 4 10﹣ 2 V=8V，故 C 正確； D、由圖看出，結(jié)合 C 選項可知，第 3 秒末感應(yīng)電動勢仍為 8V，故 D 錯誤； 故選： AC． 13．如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中 R R R3和 R4均為固定電阻，開關(guān) S 是閉合的． 和 為理想電壓表，讀數(shù)分別為 U1和 U2； 、 和 為理想電流表，讀數(shù)分別為 I I2和 I3．現(xiàn)斷開 S， U1數(shù)值不變，下列推斷中正確的是（ ） A． U2變小、 I3變小 B． U2不變、 I3變大 C． I1變小、 I2變小 D． I1變大、 I2變大 【考點】 變壓器的構(gòu)造和原理． 【分析】 和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù) R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路 的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況． 【解答】 解：理想變壓器的電壓與匝數(shù)程正比，由于理想變壓器原線圈接到電壓不變，則副線圈電壓不變，所以 V2的示數(shù) U2也不變， 當 s 斷開之后，并聯(lián)電路的電阻變大，副線圈的電阻也就變大，由于副線圈電壓不變，所以副線圈的總電流減小，即 I2變小， 由于電流與匝數(shù)成反比，當副線圈的電流減小時，原線圈的電流也就要減小，所以 I1變小， 由于副線圈的總電流減小， R1的電壓減小，并聯(lián)電路的電壓就會增大，所以 R3的電流 I3就會增大， 所以 BC 正確， AD 錯誤． 故選 BC． 14．在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈