【正文】 初速度和時(shí)間求出水平位移． 【解答】解：測(cè)出打在靶墻上的彈頭瞬時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為 θ ，根據(jù)平行四邊形定則知， tanθ= ， 解得豎直分速度為： ， 則彈頭飛行的時(shí)間為： t= ， 槍口位置與彈孔位置的豎直距離為： ， 槍口位置與靶墻的水平距離為： x= ，故 D正確， ABC錯(cuò)誤． 故選： D． 13．在靜止的車(chē)廂內(nèi)，用細(xì)繩 a和 b系住一個(gè) 小球，繩 a斜向上拉，繩 b水平拉，如圖所示．現(xiàn)讓車(chē)從靜止開(kāi)始向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，小球相對(duì)于車(chē)廂的位置不變，與小車(chē)靜止時(shí)相比，繩 a、b的拉力 Fa、 Fb變化情況是（ ） A． Fa變大， Fb不變 B． Fa變大， Fb變小 C． Fa不變， Fb變小 D． Fa不變， Fb變大 【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用． 【分析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)牛頓第二定律，運(yùn)用正交分解法分析兩根細(xì)繩的拉力變化情況． 【解答】解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)牛頓第二定律得： 水平方向 ： Fasinα ﹣ Fb=ma ① 豎直方向： Facosα ﹣ mg=0 ② 由題， α 不變，由 ② 分析得知 Fa不變． 由 ① 得知， Fb=Fasinα ﹣ ma＜ Fasinα ，即 Fb變小． 故選： C． 14．帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，從電場(chǎng)中 a點(diǎn)以初速度 v0進(jìn)入電場(chǎng)并沿虛線(xiàn)所示的軌跡運(yùn)動(dòng)到 b點(diǎn)，如圖所示，實(shí)線(xiàn)是電場(chǎng)線(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（ ） A．粒子在 a點(diǎn)時(shí)的加速度比在 b點(diǎn)時(shí)的加速度小 B．從 a到 b過(guò)程中，粒子的電勢(shì)能不斷減小 C．無(wú)論粒子帶何種電，經(jīng) b點(diǎn)時(shí)的速度總比經(jīng) a點(diǎn)時(shí)的速度大 D．電場(chǎng)中 a點(diǎn)的電勢(shì)一定比 b點(diǎn)的電勢(shì)高 【考點(diǎn)】電場(chǎng)線(xiàn)；牛頓第二定律；電勢(shì)． 【分析】電場(chǎng)線(xiàn)是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止，電場(chǎng)線(xiàn)密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線(xiàn)疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度?。? 【解答】解： A、電場(chǎng)線(xiàn)密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線(xiàn)疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，可知 EA＜EB，所以 a、 b兩點(diǎn)比較，粒子的加速度在 b點(diǎn)時(shí)較大，故 A正確 B、由粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡可以知道，粒子受電場(chǎng)力的方向應(yīng)該指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角得電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能先增大后減小，整個(gè)過(guò)程電場(chǎng)力做正功，故 B錯(cuò)誤 C、整個(gè)過(guò)程電場(chǎng)力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理得經(jīng) b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于經(jīng) a點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，所以無(wú)論粒子帶何種電，經(jīng) b點(diǎn)時(shí)的速度總比經(jīng) a點(diǎn)時(shí)的速度大，故 C正確 D、由于不知道粒子的電性，也不能確定電場(chǎng)線(xiàn)的方向，所以無(wú)法確定 a點(diǎn)的電勢(shì)和 b點(diǎn)的電勢(shì)大小關(guān)系，故 D錯(cuò)誤 故選 AC． 15．如圖所示，直升飛機(jī)放下繩索從湖里吊起困在水中的傷員后，在某一高度沿直線(xiàn)飛行；在傷員上升的某段過(guò)程中，地面上觀察者發(fā)現(xiàn)傷員的運(yùn)動(dòng)軌跡是一條傾斜向上的直線(xiàn)．空氣阻力不計(jì)，關(guān)于該過(guò)程中吊繩對(duì)傷員的拉力，下列分析正確的是（ ） A．拉力一定豎直 向上，且大于重力 B．拉力一定傾斜向上，且大于重力 C．拉力可能豎直向上，也可能傾斜向上，但一定指向直升機(jī) D．拉力可能豎直向上，也可能傾斜向上，不一定指向直升機(jī) 【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成和分解． 【分析】地面上觀察者發(fā)現(xiàn)傷員運(yùn)動(dòng)軌跡是一條傾斜向上的直線(xiàn)，因此傷員可能做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，也可能做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，從而可判定受力情況． 【解答】解：若傷員做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，則在水平方向上勻速直線(xiàn)，水平方向上不受力．在豎直方向的運(yùn)動(dòng)是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，豎直方向只受兩個(gè)力的作用，所以懸索的拉力等于傷員的重力． 若傷員做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) ，在水平方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，豎直方向上是勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，從地面看，軌跡是斜向上的直線(xiàn)，因此拉力傾斜向上，且指向直升機(jī)，故 C正確， ABD錯(cuò)誤． 故選： C． 16．如圖所示的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片 B在圖示位置時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)分別為、 ，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片 B從圖示位置向右滑到另一位置時(shí)，它們的示數(shù)各改變了 ，則此時(shí)（ ） A．電壓表示數(shù)為 ，電源電動(dòng)勢(shì)為 2V B．電流表示數(shù)為 ，電源的效率為 65% C．電壓表示數(shù)為 ，電源電動(dòng)勢(shì)為 3V D．電流表示數(shù)為 ，電源的效率為 75% 【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律． 【分析】由根據(jù)閉合電路歐姆定律分別列出兩種情況下的表達(dá)式，再聯(lián)立即可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻 【解答】解：向右滑則總電阻變小，電流增加則電壓減小， 由閉合電路歐姆定律得： E=+ ① E=+ ② 由 ①② 解得： r=1Ω E=2V 則電動(dòng)勢(shì)為 2V，內(nèi)阻 r=1Ω A、 C、電壓表示數(shù)為 ，電動(dòng)勢(shì)為 2V，則 AC錯(cuò)誤 B、 D電流表示數(shù)為 ，電源的效率為： %=75%則 B錯(cuò)誤， D正確 故選： D 三．多項(xiàng)選擇題（共 16分，每小題 4分．每小題有二個(gè)或三個(gè)正確選項(xiàng)．全選對(duì)的，得 4分；選對(duì)但不全的，得 2分；有選錯(cuò)或不答的，得 0分．） 17．物體由地面以 120J的初動(dòng)能豎直向上拋出，當(dāng)它上升到某一高度 A點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能減少 40J，機(jī)械能減少 10J．設(shè)空氣阻力大小不變，以地面為零勢(shì)能面，則物體（ ） A．在最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為 105J B．上升到最高點(diǎn)后落回 A點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為 70J C．空氣阻力與重力大小之比為 1： 4 D．上升過(guò)程與下落過(guò)程加速度大小之比為 2： 1 【考點(diǎn)】功能關(guān)系；牛頓第二定律． 【分析】物體以一定的初動(dòng)能豎直上拋，由于阻力使得物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能有損失．可利用動(dòng)能定理求出上升過(guò)程中阻力做的功，因?yàn)樽枇愣?，所以再由?dòng)能定理可求出當(dāng)回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)動(dòng)能．加速度根據(jù)牛頓第二定律求解． 【解答】解： A、物體以 120J的初動(dòng)能豎直向上拋出，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)上升到 A點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能減少了 40J，機(jī)械能損失了 10J．根據(jù)功能關(guān)系可知：合力做功為﹣ 40J，空氣阻力做功 為﹣ 10J，合力做功是阻力做功的 4倍，則當(dāng)上升到最高點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能為零，動(dòng)能減小了 120J，合力做功為﹣ 120J，則阻力做功為﹣ 30J，機(jī)械 能減小 30J，因此在最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為 120J﹣ 30J=90J，故 A錯(cuò)誤． B、由上知，從 A點(diǎn)到最高點(diǎn)機(jī)械能減小 20J，當(dāng)下落過(guò)程中，由于阻力做功不變，所以又損失了 20J．因此該物體回到出發(fā)點(diǎn) A時(shí)的機(jī)械能為 110J﹣ 20J﹣ 20J=70J．故 B正確； C、對(duì)從拋出點(diǎn)到 A點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)功能關(guān)系： mgh+fh=40J， fh=10J，則得：空氣阻力與重力大小之比為 f： mg=1： 3．故 C錯(cuò)誤． D、根據(jù)牛頓第二定律得： 上升過(guò)程有： mg+f=ma1； 下降過(guò)程有： mg﹣ f=ma2；則得 a1： a2=2： 1，故 D正確． 故選： BD 18．一列橫波沿直線(xiàn)傳播，在波的傳播方向上有 A、 B兩點(diǎn)．在 t時(shí)刻 A、 B兩點(diǎn)間形成如圖甲所示波形，在（ t+3s）時(shí)刻 A、 B兩點(diǎn)間形成如圖乙所示波形，已知 A、 B兩點(diǎn)間距離 a=9m，則以下說(shuō)法中正確的是（ ） A．若周期大于 4s，波可能向右傳播 B．若周期為 4s，波一定向右傳播 C．若波速為 ，波一定向左傳播 D．該波波速可能的最小值為 【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系． 【分析】根據(jù)兩時(shí)刻的波形，列出周期通項(xiàng)，得到波速的通項(xiàng)，再分析特殊值確定波的傳播方向 ． 【解答】解： A、若波向右傳播， 3s=（ n+ ） T1，（ n=0， 1， 2， ? ）， T1= s； 若波向左傳播， 3s=（ n+ ） T2，（ n=0， 1， 2， ? ）， T2= s 由于 n是整數(shù)，當(dāng) n=0時(shí)， T=4s時(shí)，符合 T1通項(xiàng)，波向右傳播，而波向右傳播周期 T≤4s ．故A錯(cuò)誤， B正確． C、由圖知波長(zhǎng) λ=6m ，若波速為 ，波傳播的距離為 x=vt=3m==4 λ ，根據(jù)波形的平移，波一定向左傳播．故 C正確． D、波傳播的最小距離為向左傳播 ，波波速可能的最小值為v= m/s=．故 D正確． 故選： BCD 19．如圖是一種工具﹣石磨，下面磨盤(pán)固定，上面磨盤(pán)可繞過(guò)中心的豎直轉(zhuǎn)軸，在推桿帶動(dòng)下在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)．若上面磨盤(pán)直徑為 D，質(zhì)量為 m且均勻分布，磨盤(pán)間動(dòng)摩擦因素為 μ ．若推桿在外力作用下以角速度 ω 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磨盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)一周，外力克服磨盤(pán)間摩擦力做功為 W，則（ ） A．磨盤(pán)邊緣的線(xiàn)速度為 B．磨盤(pán)邊緣的線(xiàn)速度為 ωD C．摩擦力的等效作用點(diǎn)離轉(zhuǎn)軸距離為 D．摩擦力的等效作用點(diǎn)離轉(zhuǎn)軸距離為 【考點(diǎn)】功的計(jì)算；線(xiàn)速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速． 【分析】根據(jù)線(xiàn)速度 v=ω r；根據(jù)功的定義 w=Fs， s=2πr 即可求解 【解答】解： A、根據(jù)線(xiàn)速度 v=ωr ， v= ，故 A正確 B錯(cuò)誤 C、根據(jù)功的定義 w=Fs=μmgs ，對(duì)應(yīng)圓的周長(zhǎng) s=2πr ，解得 r= 故 C錯(cuò)誤 D正確 故選： AD 20．有 7個(gè)完全相同的金屬框，表面涂有絕緣層．如圖所示， A是一個(gè)框， B是兩個(gè)框并列捆在一起， C是兩個(gè)框上下疊放捆在一起， D是兩個(gè)框前后疊放捆在一起．將他們同時(shí)從同 一高度由靜止釋放，穿過(guò)水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后落到水平地面．關(guān)于金屬框的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是（ ） A． D最先落地 B． C最 后落地 C． A、 B、 D同時(shí)落地 D． B最后落地 【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；安培力． 【分析】設(shè)金屬框的質(zhì)量為 m，邊長(zhǎng)為 L，剛剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為 v，然后寫(xiě)出電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流的表達(dá)式，和安培力的表達(dá)式，最后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式分析比較 AB、 B、 D金屬框的運(yùn)動(dòng)情況即可．而 C金屬框與 BD金屬框的比較，需要使用動(dòng)量定理，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的過(guò)程進(jìn)行分析． 【解答】解：設(shè)每一個(gè)金屬框的質(zhì)量為 m，邊長(zhǎng)為 L，電阻值為 R，剛剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為 v，則：?jiǎn)蝹€(gè)的金屬框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)： E=BLv 感應(yīng)電流： I= 受到的安培力 ： F=BIL= 金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到重力和安培力的作用，以向下為正方向，則其加速度： a= B是兩個(gè)框并列捆在一起，總質(zhì)量是 2m，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力是 2F，所以加速度： ； C是兩個(gè)框上下疊放捆在一起，總質(zhì)量是 2m，但進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力是 F，所以加速度： D是兩個(gè)框前后疊放捆在一起，總質(zhì)量也是 2m，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力也是 2F，所以加速度： aD=a； 由以上的分析可知， A、 B、 D三個(gè)金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中的加速度相等，所以運(yùn)動(dòng)的情況是完全相同的，所以 ABD三個(gè)金屬框同時(shí)落地． 設(shè)金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)間為 △t ，平均電動(dòng)勢(shì)為 ，則流過(guò)金屬框任意截面的電量 q： 每一個(gè)金屬框受到的安培力產(chǎn)生的沖量： = 可知在金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中安培力產(chǎn)生的總沖量與下降的高度無(wú)關(guān)，與金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小也無(wú)關(guān)． 但是，由于在四個(gè)金屬框剛剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)， C受到的安