【正文】 加速度大小為，靜電力常量為k。江蘇省揚(yáng)州中學(xué)高三月考）在物理學(xué)發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家做出了貢獻(xiàn)，他們的科學(xué)發(fā)現(xiàn)和所采用的科學(xué)方法推動(dòng)了人類社會(huì)的進(jìn)步，以下說法正確的是（ ）A．牛頓利用輕重不同的物體捆綁在一起后下落與單個(gè)物體分別下落時(shí)快慢的比較推理，推翻了亞里士多德重的物體下落快、輕的物體下落慢的結(jié)論B．元電荷e的數(shù)值為，最早由法國(guó)物理學(xué)家湯姆遜通過實(shí)驗(yàn)測(cè)量得出C．卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)，測(cè)出了萬有引力常量，這使用了微小作用放大法D．開普勒利用行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并通過“月地檢驗(yàn)”，得出了萬有引力定律2．關(guān)于物體帶電的電荷量，以下說法中不正確的是（）A．物體所帶的電荷量可以為任意實(shí)數(shù)B．物體所帶的電荷量只能是某些特定值C．物體帶電荷＋109C，1010個(gè)電子D．1019C3．（2020江蘇省高三一模）在真空中某點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，將帶電荷量為q的負(fù)試探電荷分別置于a（0,0,r）、b兩點(diǎn)時(shí)，試探電荷所受電場(chǎng)力的方向如圖所示，F(xiàn)a、Fb分別在yOz和xOy平面內(nèi)，F(xiàn)a與z軸負(fù)方向成角，F(xiàn)b與x軸負(fù)方向成角。點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量分別為QA、QB，測(cè)得在C處的某正點(diǎn)電荷所受靜電力方向平行于AB向左，則下列說法正確的是(　　)A．A帶正電，QA∶QB＝1∶8B．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶8C．A帶正電，QA∶QB＝1∶4D．A帶負(fù)電，QA∶QB＝1∶46．（2020的絕緣直桿上，靜止于P處且恰好不受摩擦力。四川省高三一模）如圖（a），場(chǎng)源點(diǎn)電荷固定在真空中O點(diǎn)，從與O相距r0的P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的離子，經(jīng)一定時(shí)間，離子運(yùn)動(dòng)到與O相距rN的N點(diǎn)。小金屬塊最后停止在C點(diǎn)。已知P距大球球心距離為4R。109 N小球c所受庫(kù)侖力的合力的方向平衡于a、b的連線。=k9q3L2=kqL2，故E和E39。由幾何關(guān)系得可知b點(diǎn)到O點(diǎn)的距離也是r，b到Q之間的距離也是2rA．b與a到Q點(diǎn)的距離相等，根據(jù)庫(kù)侖定律可知，試探電荷在b點(diǎn)受到的電場(chǎng)力與在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力是相等的，所以故A錯(cuò)誤；B．負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力指向Q，根據(jù)異性電荷相互吸引可知，Q帶正電，由于距離正電荷越近電勢(shì)越高，所以O(shè)點(diǎn)的電勢(shì)高，b與a點(diǎn)的電勢(shì)相等，即故B錯(cuò)誤；C．由于點(diǎn)電荷Q帶正電，根據(jù)庫(kù)侖定律解得點(diǎn)電荷Q的電荷量為故C正確；D．平面xOz上各點(diǎn)到Q的距離不一定相等，所以各點(diǎn)的電勢(shì)不一定相等，則在平面xOz上移動(dòng)該試探電荷，電場(chǎng)力不一定不做功，故D錯(cuò)誤。6．D【解析】萬有引力定律適用于兩個(gè)可看成質(zhì)點(diǎn)的物體，雖然兩球心間的距離 只有其半徑r的3倍，但由于其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，兩球殼可看作質(zhì)量集中于球心的質(zhì)點(diǎn)．因此，可以應(yīng)用萬有引力定律所以兩者之間的引力為，庫(kù)侖定理適合于真空中的兩個(gè)點(diǎn)電荷，由于兩球心間的距離 只有其半徑r的3倍，所以金屬球殼a與b不能看作點(diǎn)電荷，則庫(kù)侖力 ，故D正確；ABC錯(cuò)誤；故選D7．D【解析】A．對(duì)圓環(huán)受力分析，有重力，桿給的支持力，還有庫(kù)侖力，因?yàn)殪o止于P處且恰好不受摩擦力，故可判斷庫(kù)侖力為斥力，庫(kù)侖力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故A處帶電體帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．垂直桿方向合力為零，故根據(jù)牛頓第三定律可知，壓力大于mgcos45176。故選D。解得＝將A置于水平面上靜止，則k＝k得B正確，ACD錯(cuò)誤。由題意知，A到B過程，金屬塊做加速運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)金屬塊所受的滑動(dòng)摩擦力與庫(kù)侖力平衡，則有μmg=kQqr2，得r=kQqμmg；故C正確。12．【答案】 方向向右【解析】未挖去之前，+Q對(duì)+q的斥力為F=，挖去的小球帶電荷量為Q′==，挖去的小球原來對(duì)+q的斥力為F1==，剩余部分對(duì)+q的斥力為F2=F–F1=，方向向右。的等腰三角形為等邊三角形即可求解。31。對(duì)小球c所受庫(kù)侖力分析，畫出a對(duì)c的庫(kù)侖力和b對(duì)c的庫(kù)侖力，若a對(duì)c的庫(kù)侖力為排斥力，ac的電荷同號(hào)，則b對(duì)c的庫(kù)侖力為吸引力，bc電荷為異號(hào)，ab的電荷為異號(hào)；若a對(duì)c的庫(kù)侖力為引力，ac的電荷異號(hào)，則b對(duì)c的庫(kù)侖力為斥力，bc電荷為同號(hào)，ab的電荷為異號(hào)，所以ab的電荷為異號(hào)。故小球B受到的庫(kù)侖力，重力以及細(xì)線的拉力，組成的矢量三角形為等邊三角形，所以細(xì)線與豎直方向的夾角為60176?！久麕燑c(diǎn)睛】本題的突破口是“B點(diǎn)速度最大”，分析金屬塊的運(yùn)動(dòng)情況，來分析其受力情況，由牛頓第二定律分析加速度的變化情況，根據(jù)動(dòng)能定理求解電勢(shì)差。10．C 【解析】滑塊從A到B過程，由動(dòng)能定理得：qUABμmgL=12mvm20，得A，B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB=2μmgL+mvm22q；故A錯(cuò)誤。由平衡條件知F1＝mgsin37176。故選D。5．B【解析】AC、由平行四邊形定則可知，A對(duì)C的力沿CA方向，指向A，又C帶正電，所以A帶負(fù)電，故A、C錯(cuò)誤；BD、由幾何關(guān)系得kqQAr2=kqQB(2r)2sin30176?！军c(diǎn)睛】（1）依據(jù)庫(kù)侖定律，結(jié)合幾何關(guān)系，可求解兩球之間的庫(kù)侖力；（2）兩球都處于平衡態(tài)，列平衡方程，可找出兩球質(zhì)量之間的關(guān)系；（3）兩球的平衡與兩球之間的相互作用力大小有關(guān)，而與兩球交換電荷量無關(guān)。故選C．2．A【解析】AB．物體所帶的電荷量只能是某些特定值，不可以為任意實(shí)數(shù)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，符合題意；選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．物體帶電荷＋109C，1010個(gè)電子，選項(xiàng)C正確，不符合題意；D．1019C，1019C的整數(shù)倍，選項(xiàng)D正確，不符合題意。下列圖示正確的是A． B．C． D．2．【2018浙江選考】電荷量為410－6 C的小球絕緣固定在A點(diǎn)， kg、電荷量為－510－6 C的小球用絕緣細(xì)線懸掛，靜止于B點(diǎn)。已知mPmQ，qPqQ。靜電力常量為是k，不計(jì)離子重力。則（　?。〢．A處帶電體帶正電B．直桿受到的壓力值為mgcos45176。浙江省高三月考）如圖所示的豎直平面內(nèi)，一帶電體位于A處。則以下判斷正確的是（　?。?A．電場(chǎng)力的大小Fb大于FB．a(chǎn)、b、O三點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系為C．點(diǎn)電荷Q帶正電，且大小為D．在平面xOz上移動(dòng)該試探電荷，電場(chǎng)力不做功5．（2020∠OAB=60176。故選BC。的光滑絕緣斜面底端C點(diǎn)，斜面上有A、B、D三點(diǎn)，A和C相距為L(zhǎng)，B為AC中點(diǎn)，D為A、B的中點(diǎn)。關(guān)于如圖所示的范德格拉夫靜電加速器，下列說法正確的是（　?。〢．在針尖E和地面之間接高壓直流電源的目的是讓針尖與傳送帶之間能產(chǎn)生高壓電場(chǎng)，從而形成尖端放電B．傳送帶將正電荷傳送到頂端金屬球殼內(nèi)時(shí)，正電荷就會(huì)從空中跑到金屬球殼上C．金屬球殼內(nèi)壁和外壁電勢(shì)是等高的，內(nèi)外壁都帶的是正電荷D．因?yàn)閭魉蛶Ы拥?，所以傳送帶的電?shì)為零，但傳送帶是帶電的【參考答案】AD【詳細(xì)解析】A．在針尖E和地面之間接高壓直流電源的目的是讓針尖與傳送帶之間能產(chǎn)生高壓電場(chǎng)，從而使得針尖和傳送帶之間形成尖端放電，讓傳送帶帶上電荷，故A正確；B．當(dāng)傳送帶上的正電荷運(yùn)動(dòng)到頂端時(shí)，會(huì)在球殼上感應(yīng)出正電荷，而不是正電荷從空中傳遞給球殼，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；C．當(dāng)球殼感應(yīng)帶電時(shí)，球殼內(nèi)壁帶負(fù)電荷，外壁帶正電荷，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；D．傳送帶接地，所以電勢(shì)為零，而其帶正電荷，故D選項(xiàng)正確。則A．Q1與Q2可能為異種電荷 B．Q1=3Q2 C．Q1=9Q2 D．Q1=3mgd28kq【答案】D【解析】帶電粒子A受重力，Q1對(duì)其庫(kù)侖力，Q2對(duì)其庫(kù)侖力作用，懸浮于空中不動(dòng)，所以Q1與Q2一定為同種電荷，故A錯(cuò)誤；Q1對(duì)其庫(kù)侖力為F1=kQ1q(32d)2=4kQ1q3d2，Q2對(duì)其庫(kù)侖力為F2=kQ1q(12d)2=4kQ1qd2，根據(jù)平衡條件可得F1=mgcos600，F(xiàn)2=mgsin600，聯(lián)立解得：Q1=3Q2=3mgd28kq，故BC錯(cuò)誤，D正確。=12mg?32=34mg，則根據(jù)牛頓第三定律知墻壁受的壓力為N39。小球A