20xx教科版高中物理選修一期中綜合檢測-閱讀頁
2024-12-18 18:24本頁面
【正文】 時，設(shè)外力的恒定功率為 P，最終的速度也是 2v，由能量關(guān)系可知 P＝I21R＝ 4B2L2v2R . 速度 為 v時， ab棒所受的外力為 F2，有 P＝ F2v，此時的加速度為 a2， ab棒所受的安培力仍為 F1，根據(jù)牛頓第二定律得 F2－ F1＝ ma2，聯(lián)立有關(guān)方程可以解得 a2＝ 3B2L2vmR ，所以有 a2＝ 3a1.] 10． D [在 D選項中， S閉合，二極管不導(dǎo)通，線圈中有由小到大的電流，穩(wěn)定后電流保持不變；斷開 S，二極管與線圈 L構(gòu)成回路，二極管處于導(dǎo)通狀態(tài)，可避免開關(guān) S處產(chǎn)生電?。?] 11．均勻減弱 mgdnq 解析 微粒處于平衡狀態(tài)表明電場穩(wěn)定，電壓穩(wěn)定，故 B應(yīng)均勻變化，又由楞次定律 知，B應(yīng)減弱．由 qUd＝ mg又由 U＝ E＝ nΔ ΦΔ t得 Δ ΦΔ t＝ mgdnq. 12．渦流 大 解析 穿過空間站外殼的磁通量發(fā)生變化，金屬材料的外殼中將自成回路，產(chǎn)生感應(yīng)電流．為了降低這個損耗，應(yīng)讓產(chǎn)生的感應(yīng)電流越小越好，也就是說，材料的電阻率越大越好．第一個空可填 “ 渦流 ” 或 “ 電磁感應(yīng) ” ；第二個空填 “ 大 ” ． P0r0BL2 解析 OA棒轉(zhuǎn)動時感應(yīng)電動勢為 E＝ 12BL2ω ，等效電路如圖所示，棒轉(zhuǎn)動時， R1的功率變化，當(dāng)棒的 A端處于環(huán)的最上端時，環(huán)的電阻最大，此時 r1＝ r2＝ 2r0，總電阻為 R＝ r0＋r1r2r1＋ r2＋R1R2R1＋ R2＝ 4r0， R1的最小功率為 P0＝ ??????E2R2R1＝B2L4ω 264r0 ，解得 ω ＝8 P0r0BL2 . 14． (1)4QRB2l2s (2)CQRBls 解析 (1)設(shè) ab上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為 E，回路中電流為 I， ab 運(yùn)動距離 s，所用的時間為 t，則有 E＝ Blv I＝ E4R v＝ st Q＝ I2(4R)t 由上述方程得 v＝ 4QRB2l2s (2)設(shè)電容器兩極板間的電勢差為 U，則有 U＝ IR 電容器所帶電荷量 q＝ CU 解得 q＝ CQRBls 15． A 解析 棒 ab 在導(dǎo)軌的最上端由靜止下滑的過程中，開始一段時間內(nèi)，速度逐漸增大，回路產(chǎn)生的感應(yīng)電流也逐漸增大， ab所受安培力逐漸增大， ab所受的的合力逐漸減小，加速度也逐漸減?。赡艹霈F(xiàn)兩種情況，一種情況是 ab 棒離開導(dǎo)軌前，加速度已減為 0，這時以最大速度勻速下滑；另一種情況是 ab棒離開導(dǎo)軌時， ab仍然有加速度．根據(jù)題中條件，無法判定 ab離開導(dǎo)軌時，是否已經(jīng)達(dá)到勻速下滑的過程．但無論哪種情況， ab離開導(dǎo)軌時的速度，一定是運(yùn)動過程中的最大速度，求 解運(yùn)動過程不太清楚的問題，用能量守恒比較方便． 設(shè) ab棒離開導(dǎo)軌時的速度為 vm，由能量守恒定律得 mgLsin θ ＝ 12mv2m＋ Q， 上式表明， ab在下滑過程中，重力勢能的減少量，等于 ab離開導(dǎo)軌時的動能和全過程中產(chǎn)生的熱量的總和，由上式可得 vm＝ 2mgLsin 30176。 ， Em＝ B⊥ dvm＝ Bdvmcos 30
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