20xx自招物理模擬試題【第14套】(參考版)
2025-07-28 01:04本頁面
【正文】 (3)假設僅在x0的區(qū)域內存在垂xoy平面向下的磁感應強度為B的勻強磁場，求將兩金屬絲以速度v勻速拉過磁場外力所做的功。(1)用法拉第電磁感應定律證明，金屬絲上的感應電流是正弦式電流。x0的區(qū)域內存在垂直xoy平面向下的磁感應強度為B的勻強磁場。(2R)(2R)(2R)2R2asin由幾何關系可得CO與豎直方向的夾角θ=45o （2分）釋放時，A、B兩小球質心的加速度a=gsinθ= （1分）ma22ma13ma45oC答圖2由于A、B球的初速度均為0，故均無法向加速度，只有切向加速度。由于R1＞R2，粒子回旋一周后，將在a點正上方的a′ 點進入右側磁場。2mv共2－0 （2分）得S2= （1分） 則B通過的總路程 S=S1+S2= （1分）五、（15分）解析：粒子在磁場的洛倫磁力作用下做圓周運動，以v表示粒子的速率，設在右側磁場中圓周運動的半徑為R1，則有qvB=m （2分）得R1= （1分）圓周的圓心在O1設左側磁場中圓周的半徑為R2，則有BBabθa′vO1O2PR2= （1分）圓周的圓心在O2。3m－γ)≥ （1分）即≥sinθ≤ （1分）由（1）知sinθ≥，則≤sinθ≤ （1分）由于≥故n≥ （1分）同時應有≤1，即n≤ （1分）故角θ取值范圍為sin1≤θ≤sin1 （1分）長方體材料的折射率n應滿足的范圍為≤n≤ （1分）三、（12分）解析：AL0xv0vθv1NmgTBr如圖，滑塊A運動到圖中所示位置時，吊繩與豎直桿的夾角為θ，此時滑塊A的速度為v，吊繩的拉力為T，豎直桿對滑塊A的彈力為N，滑塊A的重力為mg，滑塊A到小滑輪B的距離為r，速度v按如圖所示正交分解，沿吊繩的分速度大小為v0 ，垂直吊繩的分速度大小為v1 。所以木板1和2達到共同速度后，又會再錯開，1超前2,此時兩木板受到的摩擦力方向如下圖所示。根據(jù)牛頓第二定律得木板1的加速度大小為：a0 = μg 由運動學公式得：v0 = a0t0 (2)在敲擊木板2時，設木板1也向右運動，則從上到下各木板受到的滑動摩擦力分別表示如圖，其大小分別為：f1 =f1/= μmg，f2 =4μmg，根據(jù)牛頓第二定律，對木板1有：μmg = ma1 a1 = μg（向右）對木板2有:μmg+4μmg = ma2 ∴ a2 = 5μg（向左） 設過了t1時間木板1和2達到共同速度v12，則有v12=v0－5μgt1 v12=μgt1 ∴t1=t0/6 v12 = v0/6，（1分）木板1和2達到共同速度后一起運動,它們的加速度一樣，設為a12，則有 4μmg=2ma12 ∴ a12 = 2μg（1分）但木板1在最大摩擦力f1 = μmg作用下，獲得的最大加
環(huán)評公示相關推薦
鄂ICP備17016276號-1