第二學(xué)期期末考試物理復(fù)習(xí)二-wenkub.com
2025-04-14 08:28 本頁面
【正文】 8/由⑤⑥得：mA處開始下滑，恰能以+ mBvB39。vABABAL=，故∠ACO1=θ=37176。Hmv22…④由③④式得：H=5R；所以物塊初始位置相對圓形軌道底部的高度h24m/s．由①②式得：h1=，所以高度EK=mgh+gt2，解得：t=，水平方向：s=vt=；（2）對物塊從飛出桌面到落地，由動能定理得：mgh=頁（共可得：P=106Wf=104N；答：列車的額定功率為f，恒定功率為E=W=mgh=；由此可知動能的增加量和勢能的減小量基本相等，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)，mm25M＞＞m頁）【解答】解：（1）實驗要驗證動能增加量和總功是否相等，故需要求出總功和動能，故還要天平和刻度尺；故答案為：刻度尺、天平；（2）沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設(shè)拉力為13【考點】MJ：探究功與速度變化的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)實驗原理，得到需要驗證的表達式，從而確定需要的器材；（2）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的總質(zhì)量表示滑塊受到的拉力，對滑塊受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必須使重力的下滑分量等于摩擦力；同時重物加速下降，處于失重狀態(tài)，故拉力小于重力，可以根據(jù)牛頓第二定律列式求出拉力表達式分析討論；（3）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，求出合力的功和動能的增加量即可．第時的動能最大；在滑塊整個運動過程中，系統(tǒng)的動能、重力勢能和彈性勢能之間相互轉(zhuǎn)化，因此動能最大時，滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小，根據(jù)能的轉(zhuǎn)化和守恒可知，EPmin=EEkm=Epm+mghEkm=+10=，故正確；滑塊未脫離彈簧前，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，滑塊脫離彈簧后，滑塊的機械能守恒，故C正確；升至最大高度時，增加的重力勢能即為彈簧最大彈性勢能，所以錯誤．故選：BC11【考點】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】根據(jù)開普勒定律求解．了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同．物體做勻速圓周運動，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．通過萬有引力提供向心力，列出等式通過已知量確定未知量．【解答】解：A、分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期，故點的速度應(yīng)小于a= ，可知近地點加速度大，遠地點加速度小．故ANNAmgE=CT其中正確．故選正確．C、在最點，桿子表現(xiàn)為拉力，有6N．所以小球?qū)U子表現(xiàn)為壓力，大小為頁（共故錯誤；D、機械能的減小量等于阻力所做的功，故下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為Wf=錯誤；C、由動能定理可知=2h；由運動學(xué)公式可得：V2=2aL，得：V=錯誤；B、運動員運動員下滑的距離：L==m的受力圖，求出楔形物體對小物體的作用力，根據(jù)功的公式即可求解．【解答】解：mA．7【考點】62：功的計算；37：牛頓第二定律．【分析】mP=Fvg′=所以有 =故選8所以重力加速度的表達式可寫成：g=R﹣dR錯誤D、它們之間的萬有引力提供各自的向心力，冥王星和卡戎向心力大小相等，故得冥王星線速度大小約為卡戎的正確．B、冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．故O點運動的軌道半徑約為卡戎的錯誤．故選錯誤．C、D錯誤．B、f與A倍，若時間不變，則初速度變?yōu)樵瓉淼狞c，改變初速度，落在點拋出，做初速為錯誤；故選：A． 2【考點】43：平拋運動．【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，平拋運動的水平位移由初速度和運動時間決定．【解答】解：小球從錯誤；C、重力不做功，重力勢能沒有變化，但重力勢能不一定為零；故頁）1【考點】68：重力勢能的變化與重力做功的關(guān)系．【分析】重力做正功，重力勢能減少，重力做負功，重力勢能增加．重力勢能的大小取決于相對于零勢能面的位置．【解答】解：A、重力做正功時，重力勢能減??；故H．第mθO1EK；（3）小物塊的初速度大小AAs重力加速度已知端相連的繩子保持水平，此時繩子中的張力初始時使小球為A
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