20xx滬科版高中物理選修3-5第1章機(jī)械振動(dòng)ppt章末總結(jié)課件-資料下載頁
2024-11-17 18:22本頁面
【導(dǎo)讀】勢(shì)能等物理量以及它們的變化規(guī)律.反，因此A錯(cuò)，C對(duì).在t＝s和t＝s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移最大，方向相反，由F＝－kx，a＝－可知B對(duì).應(yīng)不同的時(shí)刻，物體的位移相同而速度可能等大反向，這樣就形成簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的多解問題.稱的兩位置具有等大反向的加速度和回復(fù)力.與逆向通過的時(shí)間相等.著又通過B點(diǎn)，已知物體在2s內(nèi)所走過的總路程為12cm，則該簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期和振幅分別是多大？草圖如圖甲、乙所示，在圖甲中物體從A向右運(yùn)動(dòng)到B，即圖中從1運(yùn)動(dòng)到2，，即＝2s，T＝4s,2A＝12cm，A＝6cm.從2運(yùn)動(dòng)到3，又經(jīng)過1s，同樣A、B兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，T＝s，×4A＝12cm，A＝2cm.A、B共同運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，B對(duì)A的支持力多大？動(dòng).撤去力F的瞬間，A、B整體受到回復(fù)力的大小為F，A、B處在振動(dòng)過程中位移的大小等于振幅.t＝1s和t＝3s兩時(shí)刻，由題圖可看出，位移大小相等，有的物理量都恢復(fù)到初始狀態(tài)，所以A、D正確；必定相等，沒有變化，所以C也正確.
【正文】 1 2 3 4 5 解析 由單擺周期公式 T＝ 2π 知 ， 周期變大 ， 則等效重力加速度 g′ 變小 ， 故升降機(jī)的加速度方向向下 ，故可能加速下降 ， 也可能減速上升 ， 故選項(xiàng) C正確 . 答案 C lg 1 2 3 4 5 ， 質(zhì)量為 50 g， 在彈簧振子被拉到最大位移處釋放并開始計(jì)時(shí) ， 在 t＝ s時(shí) ， 振子第一次通過平衡位置 ， 此時(shí)速度為 4 m/ t＝ s末 ， 彈簧的彈性勢(shì)能為 J， 該彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)其動(dòng)能的變化頻率為 Hz,1 min內(nèi) ， 彈簧彈力對(duì)彈簧振子做正功的次數(shù)為 次 . 1 2 3 4 5 解析 根據(jù)其周期性及對(duì)稱性 ， 則有周期 T＝ s， 振子的最大速度為 4 m/s， 則最大動(dòng)能 Ekmax＝ mv2＝ J； 12 根據(jù)振子振動(dòng)的周期性判定在 t＝ s末 ， 振子在最大位移處 ， 據(jù)機(jī)械能守恒有 Ep＝ Ekmax＝ J， 物體的振動(dòng)周期為 s， 則其動(dòng)能的變化周期為 ＝ s， T2 1 2 3 4 5 所以動(dòng)能的變化頻率為 Hz；在物體振動(dòng)的 1個(gè)周期內(nèi) (向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)彈力做正功 )， 彈力兩次做正功 ，根據(jù)其周期性可求得 1 min內(nèi)彈力做正功的次數(shù)為 n＝ 2次＝ 150次 . 答案 150 60 1 2 3 4 5 1 m的單擺 ， 如圖 4甲所示掛在天花板上 .靜止時(shí)擺球剛好與豎直墻壁接觸而不相互擠壓 .將擺球拉離豎直墻壁很小角度后釋放 ， 則擺球會(huì)在豎直墻壁和開始釋放處之間做周期性的往復(fù)運(yùn)動(dòng) ， 設(shè)擺球與墻壁碰撞后按原速率彈回且碰撞時(shí)間極短 (可以忽略 ). 圖 4 1 2 3 4 5 (1)求振動(dòng)的周期 . 解析 此振動(dòng)裝置的周期應(yīng)為單擺周期的 . 所以 T′ ＝ T＝ π ≈ 1 s. 12 12 lg 答案 1 s 1 2 3 4 5 (2)取碰撞處為坐標(biāo)原點(diǎn) ， 試畫出兩個(gè)周期的振動(dòng)圖像 . 解析 取向右為正 ， 擺球擺動(dòng)將沒有負(fù)位移 ， 其圖像如圖所示 . 答案 見解析
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