天津市靜?？h20xx屆高三物理12月學生學業(yè)能力調(diào)研考試試題-資料下載頁
2024-11-15 03:23本頁面
【導讀】每小題3分，共30分）。分別在A、B兩板間加四種電壓，它們的UAB－t圖線如圖中的四圖所示。為滑動變阻器．開關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光．當滑動變阻器的滑片向右移動時，某種金屬逸出光電子的最大初動能Ekm與入射光頻率ν的關(guān)系如圖所示，其中ν0為極。塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ?，F(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，并。與箱了保持相對靜止。設碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統(tǒng)損失的動能為。在上述實驗器材中，多余的器材是________；乙方案為用小車在木板斜面上下滑進行實驗。求A滑過Q點時的速度大小v和受到的彈力大小F；若碰后AB最終停止在第k個粗糙段上，求k的數(shù)值；的圓軌道,斜面與圓軌道相切。整個裝置處于場強為E、方向水平向右的勻強電場中。
【正文】 5 14． (1)小球做直線運動，故重力與電場力的合力必與 v0在一條直線上，即 tanθ ＝ mgEq，得 E＝ mgqtanθ (2)小球做勻減速直線運動，根據(jù) F＝ ma得： mgsinθ ＝ ma， a＝gsinθ ， 最大位移 s＝ v022a＝v02sinθ2g 水平位移 x＝ scosθ ＝ v02sinθ cosθ2g 電勢差 U＝ Ex＝ mv02cos2θ2q . 15． 解析： (1)小球進入電場后，水平方向做勻速直線運動，設經(jīng)過時間 t，水平方向： v0t＝ L 豎直方向： mg－ qE t22m ＝ h 所以 E＝ mgq － 2hmv02qL2 (2)電場力做功為 W＝－ qEh＝ 2h2mv02－ mghL2L2 (3)根據(jù)動能定理 mgh－ qEh＝ Ek－ mv022 得 Ek＝ 2h2mv02L2 ＋mv022 第Ⅱ卷 提高題（共 20分） 16． （ 1）動量守恒 v=4/3m/s （ 2）能量守恒 L=40/9m （ 3）在木板與墻壁碰撞后，木板以 1v?的初速度向左做勻變速運動，小物塊以 1v的初速度向右做 勻 變速運動。設小物塊的加速度為 2a，由牛頓第二定律有 22mg ma??? ⑤ 由圖可得 21221vva tt?? ? ⑥ 式中， 2t=2s, 2v=0,聯(lián)立 ⑤ ⑥ 式和題給條件得 2?= ⑦ 17． (1) 規(guī)定向右為正方向。木板與墻壁相碰撞前，小物塊和木板一起向右做勻變速運動，設加速度為 1a，小物塊和木板的質(zhì)量分別為 m和 M 由牛頓第二定律有 1( ) g ( m M) amM?? ? ? ? ① 由圖可知，木板與墻壁碰前瞬間的速度 14/v m s?，有運動學公式得 1 0 1 1v v at?? ② 0 0 1 1 112s v t a t2 ③ 式中， 1t=1s, 0s= 是木板碰前的位移， 0v是小物塊和木板運動時的速度。 聯(lián)立 ① ② ③ 式和題給條件得 ?= ④ （ 2）設碰撞后木板的加速度為 3a，經(jīng)過時間 t?，木板和小物塊剛好具有共同速度 3v。由牛頓第二定律及運動學公式得 2 1 3()m g M m g M a??? ? ? ⑧ 3 1 3v v a t?? ? ? ⑨ 3 1 2v v a t? ? ⑩ 碰撞后至木板和小物塊剛好達到共同速度的過程中，木板運動的位移為 131 2vvst???? ○11 小物塊運動的位移為 132 2vv? ○12 小物塊相對木板的位移為 21s s s?? ○13 聯(lián)立 ⑥ ⑧ ⑨ ⑩ ○11○12○13 式，并代入數(shù)值得 s?= ○14 因為運動過程中小物塊沒有脫離木板，所以木板的最小 長度應為 .
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