【正文】 ……………………………………………………………………②（2）木塊A的加速度大小為a2，則a2==1m/s2……………………………………………………………………③當A、B相對靜止時，它們的速度相等，設(shè)經(jīng)過的時間為t，則有VA=a2t………………………………………………………………………………④VB=V0－a1t…………………………………………………………………………⑤VA=VB………………………………………………………………………………⑥即：V0－a1t=a2t……………………………………………………………………⑦解得：t==2s………………………………………………………………⑧(137761)：物體離開氣球后先向上做勻減速直線運動，再做自由落體運動，設(shè)向上運動的時間為t1，高度為h1，自由落體運動的時間為t2，高度為h2，則t1==1s…………………………………………………………………………………①h1==5m………………………………………………………………………………②h2=h1+h0=80m……………………………………………………………………………③t2==4s………………………………………………………………………………④物體離開氣球后運動到地面的時間為t3，即為氣球做勻加速直線運動的時間，則t3=t1+t2=5s…………………………………………………………………………………⑤氣球做勻加速運動上升的高度為h3，則h3=V0t3+at32=……………………………………………………………………⑥物體落到地面時氣球的高度為H，則H=h0+h3=75m+=…………………………………………………………⑦二、多項選擇題(共23題，題分合計23分)(136531)：BCD(131280)：CD(136029)：BC(130505)：AB(134576)：AC(130332)：BC(135081)：AB(134850)：CD(134578)：ACD(139054)：ACD(137001)：ACD(131750)：AC(131478)：CD(130158)：ABCD(131210)：BD(135644)：BCD(138669)：AB(133417)：AD(133459)：BCD(137894)：AC(132642)：AD(132139)：AC(131637)：BC三、單項選擇題(共63題，題分合計63分)(130811)：C(135560)：C(130309)：A(135057)：C(139806)：D(139261)：B(139303)：A(134051)：B(138486)：B(133235)：C(137983)：D(132732)：B(138626)：B(133061)：C(133102)：B(137851)：A(132286)：D(137034)：C(131783)：D(132425)：C(132153)：D(136902)：D(131650)：B(136085)：A(130834)：B(135582)：C(130331)：B(135079)：D(139828)：A(139850)：B(134599)：C(139033)：C(139075)：C(133824)：D(138258)：B(133007)：C(137755)：C(132504)：D(132232)：D(136980)：C(131729)：C(136478)：C(131226)：A(135975)：A(130723)：A(135158)：B(135584)：D(133803)：A(130933)：B(130975)：A(139927)：D(139425)：A(131168)：C(135142)：D(139890)：B(134639)：B(134367)：A(133361)：D(135743)：C(130491)：C(139485)：A(134234)：B(137391)：B四、作圖題(共0題，題分合計0分)五、實驗題(共6題，題分合計6分)(130951)：（1） ； （2）2(130679)：2 ； 1m/s(135428)： mm(137874)：，(132079)：，(136464)：，六、計算題(共18題，題分合計18分)(134883)：由于滑塊做圓周運動，所以在其經(jīng)過最高點時，由牛頓第二定律 F = m a得 mg N = m v2/R所以 N = mg m v2/R =8 (N)再由 f = μN 得 f = 4 (N)(134611)：由 s = a t2/2 得 物體運動的加速度為 a = 2s/t2 = 10 m/s2 由牛頓第二定律 F = m a得 F f = m a 所以 f = F m a = 10 (N)若用50N作用力推物體，則 由牛頓第二定律 F‘ f = m a‘ 則 a‘ = 20 m/s2再由s = a t2/2 得 t‘ = = s(139359)：解：(1)對m1, m2整體研究 (m1+m2)gcosθ=N ① (m1+m2)gsinθf=(m1+m2)a ② f=μN ③ 聯(lián)立求解:a=gsinθμgcosθ=2m/s2(2)將m的加速度沿水平和豎直方向分解，如圖所示由上可得：m1g N = m1asinθ= m1(gsinθμgcosθ) sinθ N = m1g m1(gsinθμgcosθ) sinθ= f= m1acosθ= m1(gsinθμgcosθ) cosθ= (134108)：解：設(shè)小球經(jīng)過最低點的角速度為ω，速度為v時，繩子剛好被拉斷，則由牛頓第二定律 F = m a得　 T m g = mω2L∴ v = ωL = 6 m/s小球脫離繩子的束縛后，將做平拋運動，其飛行時間為所以，小球的水平射程為 s = v t(133976)：解答：根據(jù)牛頓第二定律：F=ma 根據(jù)運動學(xué)公式： (138410)：解答：（1）根據(jù)運動學(xué)公式：∴ （2） （3） (133159)：解答：（1）如圖所示，根據(jù)牛頓運動定律：（2）如圖所示，根據(jù)牛頓運動定律：加速度方向：水平向右(137907)：解答：設(shè)小鋼球落在所用時間為t，則： ∴，第3個小鋼球下落的時間為，第5個小鋼球下落的時間設(shè)第3個小鋼球下落的距離為： 設(shè)第5個小鋼球下落的距離為： 設(shè)第3個小球與第5個小球的距離為△h：(137677)：解答：物體向上運動時，受力分析如圖所示：根據(jù)牛頓運動定律： 物體向下運動時，受力分析如圖所示：根據(jù)牛頓運動定律： 所以：設(shè)物體向上運動過程中的位移為，最高點的速度為設(shè)物體向下運動過程中的位移為，到達拋出點的速度為， （1） （2）向上運動時平均速度為： ∴代入（1）中得： 由（2）得 所以(138508)：解：設(shè)子彈運動水平距離s所用時間為t1由于子彈水平方向做勻速直線運動，則：設(shè)靶子落至地面所用時間為t2，由得要使子彈擊中靶子，應(yīng)有 t1≤t2即(138550)：解：（1）根據(jù)題意，小球到達圓周最高點時，即時速度為零對小球受力分析，小球受重力mg和支力持力F，根據(jù)牛頓第二定律F－mg=0，即F=mg…②根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)U的作用力大小為F′=F=mg，方向豎直向下（2）分兩種情況當小球在最高點受支持力時，設(shè)球速度為u1，由牛頓第二定律得(132985)：解：設(shè)箱子著地過程的加速度為a，與地面撞擊力為F，根據(jù)牛頓第二定律得F－mg=ma代入數(shù)據(jù)解得a=40m/s2設(shè)箱子撞擊地面的初速度為u,由u1=uo＋at可得O=u－at代入數(shù)據(jù)解得U=20m/s設(shè)飛機投放物資最大高度為h,由u12－uo2=2as得u2=2gh代入數(shù)據(jù)解得 h=20m即飛機投放物資時的高度不超過20m(137733)：解：（1）設(shè)跑道長至少應(yīng)為s，由u12－uo2=2astj (2)設(shè)航空母艦的速度至少應(yīng)為uo，飛機在跑道上加速時間為t。則在時間t內(nèi)航空母艦的位移s1=uot飛機的位移由題意得 s2－s1=90m解①、②、③式可得 t=6s飛機以初速度為uo，作交加速運動起飛，由 u1=uo+at得50=uo+at uo=20m/s(138629)：解：由受力分析可知 F = ma = mgsinθ s5 =at2/2 = a = gsinθ= 5m/s2 v5 =at = 25m/s(133377)：(1)、由題可知，小球經(jīng)過最高點時重力提供向心力即 mg = mv2/r r = lv = gr1/2 (2)、當小球運動到最低點時向心力為 分析支架受力，可得對地面的壓力N 為 F = T G N = Mg + T即 T = F + G =M +2mg = 2G (130982)：(135012)：(138713)：（1）6m/s，方向與F1方向相反；（2）6m（3）略七、論述分析題(共0題，題分合計0分)第41頁，共41頁