【正文】 將電能轉化成機械能，是利用電流的磁效應工作的；B不符合題意．C、電風扇工作時，將電能轉化成機械能，是利用電流的磁效應工作的；C不符合題意．D、電熱水壺工作時，將電能轉化成內能，是根據電流的熱效應工作的；D符合題意．故答案為：D．【分析】電流流過導體時導體發(fā)熱，這種現象是電流的熱效應；根據各用電器工作時能量轉化識別判斷即可.20．下列用電器工作時，將電能全部轉化為內能的是（ ） A.電風扇B.電水壺C.電視機D.手機【答案】 B 【解析】【解答】解：A、電風扇工作時，電能轉化為機械能和內能，A不符合題意； B、電水壺工作時，把電能全部轉化為內能，B符合題意；C、電視機工作時，電能主要轉化為聲能、光能和內能，C不符合題意；D、手機工作時，電能轉化為光能和內能，D不符合題意。故答案為：B。【分析】做功總是伴隨著能量的轉化，電功也不例外。用電器消耗了電能，獲得了其它形式的能量，就是一個電流做功的過程。21．家用飲水機是一種雙溫電熱器，其工作原理可簡化為如圖所示的電路，R1為定值電阻，R2為電熱板，R1=3R2 ， a、b是溫控開關S的兩個觸點，調節(jié)S可使飲水機處于加熱或保溫狀態(tài)。則飲水機在加熱與保溫狀態(tài)時R2消耗的電功率之比及有關說法正確的是（ ） A.4：1，S與a點接觸時處于保溫狀態(tài)B.16:1，S與a點接觸時處于保溫狀態(tài)C.4：1，S與b點接觸時處于保溫狀態(tài)D.16：1，S與b點接觸時處于保溫狀態(tài)【答案】 B 【解析】【解答】當S接b時是加熱狀態(tài)，此時R2電功率為 ， 當S接a時，電路串聯，處于保溫狀態(tài)，R2的電功率為 ， 則P1:P2=16:1，B符合題意。 故答案為：B. 【分析】根據電阻串聯時，總電功率減小，根據電壓和電阻可以計算電功率，根據電流和電阻可以計算電功率大小。22．將標有“8 V 8 W的燈泡L1和“8 V 16 W的燈泡L2接串連在12 V的電路中，閉合開關，不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法中正確的是（ ） A.燈泡LL2都能正常發(fā)光B.燈泡L1比燈泡L2亮C.燈泡L2比燈泡L1亮D.燈泡LL2一樣亮【答案】 B 【解析】【解答】根據規(guī)格計算電阻和電流分別為 ， ， ， ；若串聯，L1可以正常發(fā)光，此時的電流為1A，L1的功率為8W，L2的功率為 ， 則L1比L2更亮，B符合題意。 故答案為：B. 【分析】根據燈泡的規(guī)格計算電流和電阻，利用串聯電路電流相等分析電流大小，結合電流和電阻計算實際電功率，再比較亮度。23．王楠同學在學習了滑動變阻器的知識后，決定將自己的臺燈改為調光式，于是他從解放碑雅蘭電子城買了“1W 2kΩ”的電位器一個，裝在臺燈（燈泡為“PZ220 60”）上，一開燈，確實能調光，但電位器一會兒就冒起煙了，嚇得他趕快扯下了插頭。分析他失敗的原因是（）A.因為一開燈能調光，說明電位器規(guī)格正確，主要是電位器的質量低劣B.電位器額定功率偏小C.電位器額定電流偏大D.電位器電阻偏小，應換用20kΩ【答案】 B 【解析】【分析】首先利用利用額定功率和實際功率的關系判斷A、B、C是否正確．知道燈泡的額定電壓和額定功率，可利用公式R=計算出燈泡的電阻，再利用串聯電路的特點和電功率的公式計算出變阻器的實際功率，從而判斷D是否正確．【解答】因為燒毀了，所以電位器規(guī)格肯定不合格；故A錯誤；功率偏大不可能，既然燒壞了那肯定是實際功率大于了額定功率，C說法錯誤，不符合題意；B說法正確；燈泡為“PZ220 60”，∴燈泡的電阻為RL===807Ω；接上電位器后電路中的總電阻為R=RL+R電=807Ω+2000Ω=2807Ω，∴電位器的功率為：P電=I2R電=（）2R電=（）22000Ω≈，從而可知D說法錯誤；故選B．【點評】本題考查了學生對串聯電路特點的理解，以及利用電功率的公式分析電路中電功率的大小，本題考查知識點比較多，屬于難題．24．如圖所示，電源電壓保持不變，LLL3是電阻保持不變的燈泡，LL3完全相同。第一次開關S、SS2都閉合時，L1的電功率為25W；第二次只閉合開關S時，L1的電功率為16W。則下列說法正確的是（ ） A.LL2兩燈絲電阻之比為1∶4B.只閉合S時，L1和L3的功率之比為1∶4C.L1前后兩次的電壓之比為25∶16D.前后兩次電路消耗的總功率之比為25∶4【答案】 D 【解析】【解答】由圖可知，開關S、SS2都 閉合，LL2并聯，此時L1的電功率為 ， 當只有開關S閉合時，LL3串聯，L1的電功率為 ， 根據兩次電功率的比值計算，電壓之比為 ， C不符合題意；L1和L2并聯時，L1兩端的電壓為電源電壓，L1和L3串聯時，L1和L3的分壓比為U1:U3=4:1，A不符合題意；根據串聯電路電流相等，則L1和L3的電功率的比值為P1:P3=4:1，B不符合題意；并聯時的電流為 ， 串聯電路的電流為 ， 前后兩次電流比為 ， 電源電壓一定，所以電路總功率之比為25：4，D符合題意。 故答案為：D. 【分析】（1）開關S、SS2都閉合時，LL2并聯；只閉合開關S時，LL3串聯，由電路特點和表示出兩次L1的電功率，由此可得的LL3電壓、電阻關系； （2）由P=I2R計算只閉合S時，L1和L3的功率之比； （3）由電路特點和歐姆定律表示出前后兩次電路中電流，由P=UI可得兩次電路消耗總功率的比。25．用石墨烯制成的濕敏電阻，其阻值會隨含水量的升高而增大。圖5是檢測植物葉片含水量的電路，電源電壓不變。將濕敏電阻R附著在葉片上，當葉片含水量升高時（ ）A.電流表示數增大B.電壓表示數減小C.電路總電阻減小D.電路總功率增大【答案】 B 【解析】【解答】由圖5知，電路是由濕敏電阻R和定值電阻R0串聯構成的，電壓表測R0兩端的電壓，當葉片含水量升高時，濕敏電阻的阻值增大，根據R總=R0+R得電路總電阻增大，又由 且U不變，得電路中電流減小，即電流表的示數減??；由U=IR0得R0兩端的電壓減小，即電壓表的示數減??；而由 知電路總功率減小。 故答案為：B。 【分析】結合題意，理清元件的連接方式及電表的測量對象，將濕敏電阻R附著在葉片上，根據“濕敏電阻的阻值會隨含水量的升高而增大”可知濕敏電阻的阻值變化，根據電阻的串聯可知電路中總電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R0兩端的電壓變化，利用P=UI判斷電路總功率的變化情況.