【正文】 12a1t22(1分 ) 聯(lián)立得，在這段時間內(nèi)模型相對車向后的位移為 Δ x1＝ x2－ x3＝ 3 m 由于 Δ x1＜ 4 m，故模型不會從平板車上滑下 (1分 ) (3)速 度相同后模型和平板車都減速運動直到靜止，平板車的位移為 x4＝ v22a(1分 ) 模型的位移為 x5＝ v22a1(1分 ) 模型相對車向前的位移為 Δ x2＝ x5－ x4(1分 ) 模型在平板上來回摩擦產(chǎn)生 的總熱量為 Q＝ μmg (Δ x1＋ Δ x2)＝ 105 J(1分 ) 答案 (1)4 m (2)不會滑下 (3)105 J 20解析 (1)粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運動，由平拋運動規(guī)律及牛頓運動定律得 2h＝ v0t①( 1分 ) h＝ 12at2②( 1分 ) 又 qE＝ ma③( 1分 ) 聯(lián)立 ①②③ 解得 E＝ mv202qh④( 1分 ) 設(shè)粒子到達(dá) O點時的速度為 v，沿 y軸正方向的分速度為 vy 則有 vy＝ at＝ qEm 假定模型落到板面后不彈起，在模型落到板面的瞬間，司機(jī)剎車使平板車開始以大小為a＝ 4 m/s2的加 速度做勻減速直線運動，直至停止， g 取 10 m/s2，模型下落過程中未與平板車車頭接觸，模型與平板車板面間的動摩擦因數(shù) μ ＝ ?，F(xiàn)斜面 AB部分與滑塊間處處有相同的摩擦力，其余部分 BD仍無摩擦力，則 滑塊恰好滑到C位置速度為零，然后下滑，那么滑塊下滑到 ( ) B時的動能為 Ek03 B時的動能為 Ek02 A時的動能為 Ek02 A時的動能為 Ek03 13． 一帶正電的粒子只在電場力作用下沿 x 軸正向運動，其 動能 Ek隨位移 x 變化的關(guān)系如圖所示，其中 0～ x2段是對稱的曲線， 2x ～ 3x 段是直線，則下列說法 正確的是（ ） A． 0～ 1x 段電場強(qiáng)度逐漸增大 B．在 x軸上 1x 處的電勢最高 C．粒子在 0～ 2x 段做勻變速運動， 2x ～ 3x 段做勻速直線運動 D． 2x ～ 3x 段是勻強(qiáng)電場 Ek 14．傾角為 37176。則下列說法正確的是 A．衛(wèi)星 “G 1” 和 “G 3” 的加速度大小相等且為 Rgr B．如果調(diào)動 “ 高分一號 ” 衛(wèi)星快速到達(dá) B位置的下方，必須對其加速 “G 1” 由位置 A運動到位置 B所需的時間為3rrRg? D．若 “ 高分一號 ” 所在高度處有稀薄氣體，則運行一段時間后，運行速度會 減小 ，在絕緣平面上方存在著足夠大的水平向右的勻 強(qiáng)電場，帶正電的小金屬塊以一定初速度從 A點開始沿水平面向左做直線運動，經(jīng) L長度到達(dá) B點，速度變?yōu)榱恪?“ 北斗 ” 系統(tǒng)中兩顆衛(wèi)星 “G 1” 和 “G 3” 以及 “ 高分一號 ” 均可認(rèn)為繞地心 O 做勻速圓周運動。粒子在電場中一次次加速下動能不斷增大，而在環(huán)形磁場中繞行半徑 R 不變。 ③ 若實驗中沒有電壓表 V1，你能測出的量是 ， 若實驗中沒有電壓表 V2，你能測出的量是 。一 物 塊位于劈 A的傾斜面上，距水平面的高度為 h。O F d OF? ??? （ 1分） 解得 2 1r d n nR? ? ? （ 2分） 3— 5 【答案】 ADE 【解析】 設(shè)物塊到達(dá)劈 A的底端時，物塊和 A的速度大小分別為 v和 V，由機(jī)械能守恒和動量守恒得：mgh=21 mv2+21 M1V2 ① （ 2分） M1Vmv=0 ② （ 2分） 解得， v=mM ghM?112 設(shè)物塊在劈 B上達(dá)到的最大高度為 H，此時物塊和 B的共同速度大小為 V39。 [物理 —— 選修 34]（ 15分） （ 1） ． 一列簡諧橫波在 t=0時刻的波形如圖所示，此時刻質(zhì)點 R正位于平衡位置向上振動， 再經(jīng)過 第二次到達(dá)正向最大位移處，則下列判斷中正確的是（ ） （ 選對一個給 3分，選對兩個給 4分，選對三個給 6分。 (3)若在懸點 O 安裝一個拉力傳感器，測出繩子上的拉力 F，則驗證小圓柱做圓周運動時在最低點向心力的公式還需要測量的物理量是 ________(用文字和字母表示 )，若等式 F＝________成立，則可驗證小圓柱做圓周運動時在最低點向心力的公式。由此可知，離子吸收的電子個數(shù)