【正文】 以初速度v0沿水平面向左開始運動。彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內(nèi)。彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內(nèi)。的大小 (3)連結(jié)物塊C時彈簧的最大形變量【解析】（1）A落地時，vB＝ （1分） B彈回最高點時， kx=mg (1分) （2分） 解得x= （1分）(2) (2分) h’＝ （1分）(3) xm=3m (4分)5如圖所示,質(zhì)量為的木塊放在傾角為30o的斜面上,木塊與斜面間的摩擦系數(shù)為,木塊與一輕彈簧相連,輕彈簧另一端固定在墻上,木塊在位置A時,，,然后無初速釋放,測得木塊回到A處時,速度vA=2米/秒,，木塊位置C距位置A,求第一次回到位置A時的速度大小.(g取10米/秒2)【解析】設(shè)木塊從B回到A的過程中彈簧彈力做功為，則有，代入數(shù)據(jù)得。現(xiàn)在掛鉤上掛一質(zhì)量為的物體C并從靜止狀態(tài)釋放，已知它恰好能使B離開地面但不繼續(xù)上升?！窘馕觥竣盼磼煳矬wB時，設(shè)彈簧壓縮量為，對于物體A由平衡條件有： (2分)解得： (1分) 掛上B，整體平衡時，設(shè)彈簧伸長量為，由平衡條件有： （2分） （1分）振幅為 （2分）（2）因與相等，故在此過程中彈簧彈性勢能改變量 （1分）設(shè)最大速度為，對于A、B及彈簧組成的系統(tǒng)由機械能守恒定律得 (3分)將、代入得 (1分)（3）A運動到最高點時彈簧的伸長量 (1分)設(shè)此時細繩對B的拉力為A在最高點時，由牛頓第二定律 (2分)B在最低點時，由牛頓第二定律 (2分)聯(lián)立解得 (1分)如圖所示，質(zhì)量分別為m、M的A、B兩重物用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧豎直連接，現(xiàn)在彈簧原長時，讓兩物體由靜止自由下落距離h，此時重物B剛好與地面相碰，碰后的瞬間重物B不離開地面但不粘連，而物體A在以后振動過程中，剛好也不使物體B離開地面，試求當物體B剛好不離地面時，彈簧的彈性勢能為多大？【解析】　設(shè)當物體B剛與地面碰撞時物體A的速度為v，由物體A下落過程機械能守恒得：mgh＝mv2，物體A向上振動，使物體B剛好不離開地面時，物體A的速度為零，此時對物體B：kx＝Mg，從物體B剛碰地到物體B剛好不離地的過程對物體A和彈簧組成的系統(tǒng)應用機械能守恒定律得：mv2＝mgx＋Ep，可解得：Ep＝mgh－.　mgh－物塊A與豎直輕彈簧相連，放在水平地面上，一個物塊B由距彈簧上端O點H高處自由落下，某位同學在物塊A的正下方放置一個壓力傳感器，測量物塊A對地面的壓力，在物塊B的正上方放置一個速度傳感器，：物塊A對地面的最小壓力為P1，當物塊B有最大速度時，物塊B的最大速度為，重力加速度為g，不計彈簧的質(zhì)量.AOHB（1）物塊A的質(zhì)量.（2）物塊B在壓縮彈簧開始直到B達到最大速度的過程中，它對彈簧做的功.（3）若用T表示物塊B的速度由v減到零所用的時間，用P3表示物塊A對地面的最大壓力，試推測：物塊的速度由v減到零的過程中，物塊A對地面的壓力P隨時間t變化的規(guī)律可能是下列函數(shù)中的（要求說明推測的依據(jù)）A. B.C. D.AOHBO1x【解析】：（1）物塊B沒有落到彈簧上時，物塊A對地面的壓力為最小壓力，此時物塊A受重力mAg和地面的支持力（大小等于P1）處于平衡P1=①（2）物塊B落到彈簧上，將彈簧壓縮，當物塊B的重力等于彈簧的彈力時，： ②此時，由物塊A受彈簧的壓力（大小等于）、重力和地面的支持力（大小等于）處于平衡，有③物塊B由靜止開始落下，到達最大速度的過程中，重力做功，克服彈簧的彈力做功W，動能增加，有： ④將①②③式代入④式，得物塊B對彈簧做功（3）應為物塊B與彈簧接觸后，在重力和彈力作用下，在豎直方向上做簡諧運動，A、B選項都不正確.當t=0時，壓力P=P2；當t=T時，.另解：物塊B與彈簧接觸后，在重力和彈力作用下，設(shè)為O1，建立O1x坐標系，以豎直向下為正方向，有： ⑤物塊B做簡諧運動的周期為4T，在速度由最大變到零的四分之一周期內(nèi)，設(shè)最大位移為，振動位移為 ⑥物塊A對地面的壓力為：代入③式得： ⑦當t=T時，壓力最大為P3即，解得壓力P隨時間t變化的規(guī)律為：如圖，質(zhì)量為m1的物體A 經(jīng)一輕質(zhì)彈簧與下方地面上的質(zhì)量為m2的物體B相連，彈簧的勁度系數(shù)為k ，A、B ，一端連物體A，另一端連一輕掛鉤，.（1）求彈簧的壓縮量；AB（2）現(xiàn)用一恒力F沿豎直方向向下拉掛鉤，求物塊B剛要離開地面時物塊A的加速度a；（3）上題中，若物塊B剛要離開地面時，彈簧彈力對物塊A所做的功；（4）若讓A和B帶上等量同種電荷，電量均為+Q，并加豎直向下的勻強電場，電場強度為E，現(xiàn)在掛鉤上掛一質(zhì)量為m3的物體C 并從靜止狀態(tài)釋放，已知它恰好能使B離開地面但不繼續(xù)上升，求此過程中彈簧彈力對物塊A所做的功.（不計A、B之間的庫侖力）【解析】（1）A處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力等于A物體的重力F1 =G，彈簧壓縮量為x1根據(jù)胡克定律F1 = kx1　　　　　 得x1 = （2）B剛要離開地面時，B受彈簧彈力F2和重力作用處于平衡狀態(tài)，則F2 = m2g　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　A受重力、繩的拉力和彈簧彈力F2作用，根據(jù)牛頓第二定律F F2 m1g = m1a　　　　　　　　　　　　　　　　　　 （3）B剛要離開地面時，彈簧的伸長量為x2 kx2 = m2g　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　此過程中以A為研究對象，根據(jù)動能定理WF +WG + W彈=m0重力和拉力做功分別為 WG = m1g(x1+ x2) WF =F(x1+ x2) 得W彈 =m+ (m1g –F) g　　　　　　 　?。?）分析題意可知，B不再上升，表明此時A和C的速度為零，C已降到最低點.初始彈簧壓縮量為x1′，有F1′= kx1′= m1g + EQ B剛要離開地面但又不繼續(xù)上升時的彈簧伸長量為x2′，有：F2′= kx2′= m2g + EQ 以電場、物體A、物體C和彈簧為研究對象，根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量加上電勢能的增加量，有：ΔE機減 = ΔEp彈+ΔEp電 即 ΔEp彈= m3g(x1′+ x2′) m1g(x1′+ x2′) EQ（x1′+ x2′）得ΔEp彈 = 彈力對A所做的功W彈 = ΔEp彈 = 補：ⅰ.若A、B帶上等量負電荷，電量為Q，且有，則初始彈簧壓縮量為x1″，有F1″= kx1″= m1g EQ B剛要離開地面但又不繼續(xù)上升時的彈簧伸長量為x2″，有：F2″= kx2″= m2g EQ 以電場、物體A、物體C和彈簧為研究對象，根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)內(nèi)彈簧彈性勢能的增加量等于重力勢能的減少量加上電勢能的減少量，有：ΔE機減′+ΔEp電減′= ΔEp彈′即 ΔEp彈′= m3g(x1″+ x2″) m1g(x1″+ x2″) + EQ（x1″+ x2″） 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　得ΔEp彈′= 彈力對A所做的功W彈′ = ΔEp彈′ = 　 　　　?、?若A、B帶上等量負電荷，電量為Q，且有＞，則初始彈簧伸長量為，有 B剛要離開地面但又不繼續(xù)上升時的彈簧伸長量為，有： 以電場、物體A、物體C和彈簧為研究對象，根據(jù)能量守恒定律，系統(tǒng)內(nèi)彈簧彈性勢能的增加量等于重力勢能的減少量加上電勢能的減少量，有：ΔE機減″+ΔEp電減″= ΔEp彈″ 即 ΔEp彈″= m3g( ) m1 g( )+ EQ ( ) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　得ΔEp彈″= 彈力對A所做的功W彈″ = ΔEp彈″ = ⅲ.若A、B帶上等量負電荷，電量為Q，且有＞，依題意，這種情況不可能出現(xiàn)。設(shè)彈簧的形變量（壓縮）為 （1分）第一次釋放AB后，B剛要離地時彈簧產(chǎn)生向上的彈力與B的重力平衡設(shè)彈簧的形變量（伸長）為 （1分）第二次釋放AB后，在B剛要離地時彈簧產(chǎn)生向上的彈力與B的重力平衡設(shè)彈簧的形變量（伸長）為 （1分）由②③④得 即這三個狀態(tài)，彈簧的彈性勢能都為Ep （1分）在第一次釋放AB后至B著地前過程，對A、B和彈簧組成的系統(tǒng)由機械能守恒有 （1分）從B著地后到B剛要離地的過程，對A的彈簧組成的系統(tǒng)，由機械能守恒有 （3分）第二次釋放后，對A的彈簧系統(tǒng)，從A上升至彈簧恢復原長到B剛要離地過程，由機械能守恒有 （3分） 得 （1分）[12年高考江蘇卷]某緩沖裝置的理想模型如圖所示,勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連,輕桿可在固定的槽內(nèi)移動,與槽間的滑動摩擦力恒為f. 輕桿向右移動不超過l 時,裝置可安全工作. 一質(zhì)量為m的小車若以速度v0 撞擊彈簧,將導致輕桿向右移動. 輕桿與槽間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,且不計小車與地面的摩擦.(1)若彈簧的勁度系數(shù)為k,求輕桿開始移動時,彈簧的壓縮量x。（2）運動員從x=0處離開床面，開始騰空，由運動的對稱性知其上升、下落的時間相等。第二次用手拿著A、B兩物塊，使得彈簧豎直并處于原長狀態(tài)，此時物塊B離地面的距離也為H，然后由靜止同時釋放A、B，B物塊著地后速度同樣立即變?yōu)?。持續(xù)投放足夠長時間后，魚餌能夠落到水面的最大面積S是多少？【解析】：（1）質(zhì)量為m的魚餌到達管口C時做圓周運動的向心力完全由重力提供，則 ①由①式解得 ②（2）彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為魚餌的機械能，由機械能守恒定律有 ③由②③式得 ④（3）不考慮因緩慢轉(zhuǎn)動裝置對魚餌速度大小的影響，質(zhì)量為m的魚餌離開管口C后做平拋運動，設(shè)經(jīng)過t時間落到水面上，離OO/的水平距離為x1，由平拋運動規(guī)律有 ⑤ ⑥由⑤⑥式解得 ⑦當魚餌的質(zhì)量為時，設(shè)其到達管口C時速度大小為v2，由機械能守恒定律有 ⑧由④⑧式解得 ⑨質(zhì)量為的魚餌落到水面上時，設(shè)離OO/的水平距離為x2，則