20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊12動量守恒定律-課時作業(yè)1(含解析)(更新版)
【正文】 ，速度是。以已知速度向靜止的粒子飛去。2．A【詳解】根據(jù)動量守恒定律得5mv＝(30＋5)mv′解得v′＝ ，故BCD錯誤，A正確。故選AD。16．【詳解】要使原子發(fā)生躍遷，則原子吸收能量最小為ΔE，因此電子與原子碰撞的能量損失最小為ΔE，當(dāng)電子與原子發(fā)生完全非彈性碰撞時能量損失最多，設(shè)電子與原子碰后的共同速度為v，則由碰撞過程動量守恒，設(shè)碰前電子的動能為，則碰前電子的動量， 故，根據(jù)碰撞過程能量守恒，則，聯(lián)立可得入射電子的最小動能為【點睛】本題結(jié)合原子核的模型考查了動量守恒定律，要使原子發(fā)生躍遷，則原子吸收能量最小為ΔE，因此電子與原子碰撞的能量損失最小為ΔE，當(dāng)電子與原子發(fā)生完全非彈性碰撞時能量損失最多，電子與原子碰撞前后動量守恒，列式求解，在碰撞過程中系統(tǒng)動能的損失17．【詳解】設(shè)推開箱子的速度至少為，推開過程動量守恒接收箱子速度變?yōu)榱?，由動量守恒有兩式?lián)立代入數(shù)據(jù)得v=18．4：1 9：5 【詳解】因兩球剛好不發(fā)生碰撞，說明AB碰撞后速率大小相同，規(guī)定向左為正方向，由動量守恒定律可知，而，解得； 碰撞前后總動能之比為；11。故選ABD。3．C【詳解】系統(tǒng)在從子彈開始射入到彈簧被壓縮至最短的整個過程中，由于墻壁對彈簧有力的作用，所以系統(tǒng)所受的外力之和不為零，所以系統(tǒng)動量不守恒。設(shè)作用前后它們的軌跡都在同一直線上，計算、之間的距離最近時它們各自的速度。由于靜電力，它們之間的距離縮短到某一極限值后又被彈開，然后各自以新的速度做勻速直線運動。故選A。7．AC【詳解】A．圖中子彈和木塊組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力，豎直方向所受合力為零，該系統(tǒng)動量守恒，故A正確；B．圖中在彈簧恢復(fù)原長的過程中，系統(tǒng)在水平方向上始終受墻的作用力，系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；C．圖中木球與鐵球組成的系統(tǒng)所受合力為零，系統(tǒng)動量守恒，故C正確；D．圖中木塊下滑過程中，斜面體始終受到擋板的作用力，系統(tǒng)動量不守恒，故D錯誤.故選AC.8．ABD【詳解】A．懸掛兩球的細(xì)繩長度要適當(dāng)，且等長，保證是對心碰撞，故A正確；B．由靜止釋放小球以便根據(jù)機械能守恒定律較準(zhǔn)確地計算小球碰前的速度，故B正確；C．本實驗中對小球的性能無要求，可以不是剛性球，質(zhì)量也不一定相等，故C錯誤；D．兩球正碰后，有各種運動情況，也就是可以合在一起運動，
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