【正文】 得21．(1)3m/s；(2)【分析】兩車碰撞過程動量守恒，碰后兩車在摩擦力的作用下做勻減速運(yùn)動，利用運(yùn)動學(xué)公式可以求得碰后的速度，然后在計算碰前A車的速度。設(shè)碰撞后瞬間B車速度的大小為，碰撞后滑行的距離為。故選AB。m/s、pB′＝37kgB正確。駕駛員發(fā)現(xiàn)其正前方停有汽車B，立即采取制動措施，但仍然撞上了汽車B。兩車碰撞時間極短，在碰撞后車輪均沒有滾動，重力加速度大小，求(1)碰撞后的瞬間B車速度的大?。?2)碰撞前的瞬間A車速度的大小。m/s，所以碰后兩球的動量分別為p′A＝9kg8．D【解析】系統(tǒng)滿足動量守恒：(M＋m)v0＝Mv1＋mv2，當(dāng)人沿梯子向上爬時，v1可能為零，可能為正，也可能為負(fù)，則只有D的說法不正確．思路分析：可以是視為反沖運(yùn)動，人、梯和氣球組成的系統(tǒng)動量守恒試題點評：反沖知識的應(yīng)用．9．A【解析】長途客車與卡車發(fā)生碰撞，系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，選擇向南為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有： 因而 ，代入數(shù)據(jù)，可得：，故選項A正確，選項BCD錯誤．點睛：該題考查動量守恒定律的一般應(yīng)用，情景比較簡單，解答本題關(guān)鍵判斷碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，然后根據(jù)動量守恒定律列式分析．10．C【詳解】兩球碰撞過程中動量守恒，碰后兩球都靜止，說明碰撞前后兩球的總動量為零，故碰前兩個球的動量大小相等，方向相反，ABD錯誤，C正確。A、B碰撞后瞬間，細(xì)繩拉力的最小值為24由運(yùn)動學(xué)公式有設(shè)碰撞后瞬間A車速度的大小為，兩車在碰撞過程中動量守恒，有聯(lián)立并利用題給數(shù)據(jù)得22．(1) J (2) J【解析】小球A在圓弧軌道上做圓周運(yùn)動，經(jīng)過最低點時由合力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出小球A運(yùn)動到軌道最低處時的速度大?。畬τ贏球下滑的過程，利用動能定理可以求出小球A克服摩擦力做的功．小球B離開軌道后做平拋運(yùn)動，由平拋運(yùn)動規(guī)律可以求出碰后B的速度，然后由動量守恒定律求出碰撞后A的速度，再由能量守恒定律求碰撞過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能．（1）在最低點對球由牛頓第二定律有： vA= m/s由動能定理有：解得Wf = J （2）碰后B球做平拋運(yùn)動有： A、B碰撞，由動量守恒定律有： 得由能量守恒得：ΔE損=故 【點睛】本題是多研究對象多過程問題，分析清楚物體運(yùn)動過程，應(yīng)用牛頓第二定律、動能定理、平拋運(yùn)動規(guī)律、動量守恒定律即可正確解題，解題時要注意過程的選擇與正方向的選擇．23．（1） （2）【分析】子彈打穿第一塊木塊過程，由動量守恒定律求解第一個木塊的速度大小，由能量守恒求子彈在木塊中所受阻力大小，對子彈與第二塊木塊相互作用系統(tǒng)，子彈不能打穿第二塊木塊，由動量守恒定律和動量定理求解子彈在第二塊木塊中與該木塊發(fā)生相對運(yùn)動的時間；【詳解】（1）子彈打穿第一塊木塊過程，由動量守恒定律有 解得 對子彈與第一塊木塊相互作用系統(tǒng)，由能量守恒有 解得子彈受到木塊阻力 （2）對子彈與第二塊木塊相互作用系統(tǒng)，由于，則子彈不能打穿第二塊木塊，設(shè)子彈與第二塊木塊共同速度為，由動量守恒定律有解得對第二塊木塊，由動量定理有 子彈在第二塊木塊中的運(yùn)動時間為24． 【解析】試題分析：“水火箭”噴出水流做反沖運(yùn)動．設(shè)火箭原來總質(zhì)量為M，噴出水流的流量為Q，水的密度為ρ，噴出水流的速度為v，火箭的反沖速度為v′，由動量守恒定律得火箭啟動2 s末的速度為v′＝＝m/s＝4 m/s考點：動量守恒定律的應(yīng)用點評：正確理解動量守恒的條件：（1）系統(tǒng)受到的合外力為零；（2）系統(tǒng)所受的外力比相互作用力（內(nèi)力）小的多，以至可以忽略外力的影響；（3）系統(tǒng)總體上不滿足動量守恒定律，但是在某一特定的方向上，系統(tǒng)不受外力，或所受的外力遠(yuǎn)小于內(nèi)力，則系統(tǒng)沿這一方向的分動量守恒．17