20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊(cè)13動(dòng)量守恒定律的案例分析-課時(shí)作業(yè)2(含解析)(更新版)
【正文】 是停在沙場(chǎng)傳送帶下，等裝滿沙后再開(kāi)走，為了提高效率，他覺(jué)得應(yīng)該讓運(yùn)沙車邊走邊裝沙。模擬發(fā)射火箭的實(shí)驗(yàn)如下：靜止的實(shí)驗(yàn)火箭，總質(zhì)量為，當(dāng)它以對(duì)地速度為噴出質(zhì)量為的高溫氣體后，火箭的對(duì)地速度為（以噴出氣體的速度方向?yàn)檎较颍瑖姵鰵怏w過(guò)程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì)）（ ?。〢． B． C． D．8．如圖，質(zhì)量為M的小船在靜止水面上以速率v0向右勻速行駛，一質(zhì)量為m的救生員站在船尾，相對(duì)小船靜止．若救生員以相對(duì)水面速率v水平向左躍入水中，則救生員躍出后小船的速率為（ ?。〢． B．C． D．9．如圖所示在光滑的水平面上靜止放置著一個(gè)質(zhì)量為4m的木板B，它的左端靜止著一個(gè)質(zhì)量為2m的物塊A，現(xiàn)讓A、B一起以水平速度向右運(yùn)動(dòng)，與其前方靜止的另一個(gè)相同的木板C相碰后粘在一起，在兩木板相碰后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物塊恰好沒(méi)有滑下木板，且物塊A可視為質(zhì)點(diǎn)，則兩木板的最終速度為（ ?。〢． B． C． D．10．A、B兩物塊沿同一直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)生碰撞后結(jié)合在一起，碰撞前后的圖像如圖所示，其中a、b分別為A、B碰撞前的圖像，c為A、B碰撞后的圖像。碰撞后兩個(gè)物體粘在一起，成為一個(gè)質(zhì)量為的物體，以一定速度繼續(xù)前進(jìn)。21．甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲推乙后，兩人向相反方向滑去。解得，故選D.5．B【詳解】AB．物塊A剛好運(yùn)動(dòng)到木塊B的最高點(diǎn)時(shí)，兩者共速為v，對(duì)物塊A和木塊B組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒和水平方向動(dòng)量守恒得：=mAgR+ 解得v0=4m/s、v=2m/s故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)物塊A返回到水平面時(shí)，木塊B的速度最大，由機(jī)械能守恒和水平方向動(dòng)量守恒得：=+ 解得v2=4m/s、v1=0m/s另一組解v1=4m/s、v2=0（舍去）故CD錯(cuò)誤．6．B【詳解】AB．在整個(gè)過(guò)程中，彈簧具有最大彈性勢(shì)能時(shí)A和B的速度相同，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可可知當(dāng)A、B質(zhì)量相等時(shí)有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有B的質(zhì)量加倍后有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有聯(lián)立以上各式計(jì)算得出物體A的初動(dòng)能之比為，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)A、B質(zhì)量相等時(shí)物體A損失的動(dòng)能為B的質(zhì)量加倍后A損失的動(dòng)能為結(jié)合前面的分析聯(lián)立各式得故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選A。16．(1) ；； (2) 103J【詳解】(1)兩滑塊碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得m1v1m2v2=（m1+m2）v代入數(shù)據(jù)解得v=cm/s=；(2)碰撞的機(jī)械能損失 解得?E=103J17．6m/s；4m/s【詳解】當(dāng)塑料球與鋼球發(fā)生彈性碰撞時(shí)，設(shè)碰后塑料球與鋼球分別為vv2，塑料球的質(zhì)量為m，鋼球的質(zhì)量為4m，取碰撞前塑料球的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律分別得mv0=mv1+4mv2 解得v1=6m/s （負(fù)號(hào)說(shuō)明速度方向與正方向相反）v2=4m/s18．有【詳解】根據(jù)動(dòng)量守恒定律則碰撞前的總動(dòng)能碰撞后的總動(dòng)能可見(jiàn)碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)能小于碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)
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