模電自測(cè)題、思考題與習(xí)題參考答案-預(yù)覽頁(yè)
【正文】 。 (a)放大狀態(tài)。圖(b)電路不能放大，因?yàn)閂CC極性接反。(3) 當(dāng)S→C時(shí)，截止，IC=0。L=1kΩ。LUCE UCES，所以Uom=ICR39。L/rbe= ?，故得Uim=Uom/ Au = ?36mV，即最大幅值為36 mV。故Rc=4kΩ，RE=64=2 kΩ。由?UCE+ICRc?VCC=0 得UCE = ?。(2) Au = ?β(R2//RL)/rbe，Ri=R1//rbe；Ro ≈R2 。 (1) UB ≈4V，IC≈，IB=IC/β≈28μA，UCE ≈。(5)若UCE=4V，則IC= (VCCUCE)/ (Rc+Re)=，UB=+ ICRe=，Rb1≈。(2) rbe =，Au = ?108。Ro≈Rc=。 (1)IC≈ IE= (VCCUE)/(Re1+Re2)≈，UCE= ?[10?IC(RC+RE1+RE2)]= ?。(5) 當(dāng)RB1調(diào)大時(shí)，Au減小、Ri增大，而Ro將保持不變。 (1) IC≈(UBUBE)/Re≈，IB=IC/β=18μA，UCE≈VCCIC(Rc+Re)=。 (1) IB=28μA，IC=，UCE≈。第3章自測(cè)題一；電壓控制；輸入電阻高；不參與導(dǎo)電。；減小；減小。3. ④。三、5對(duì)；6錯(cuò)。(1)Au= gmRD= 66。(1)將UGS==，ID2=；再分別代入U(xiǎn)GS==(舍去)和UGS2=。(3)因gm=1mA/V，故Au= gm(Rd//RL)/(1+gmRs1) = 。(1)解方程得ID1=，ID2=(舍去)，進(jìn)而得UGS=，UDS = 。(2) 因gm=，Au=，Ri =1MΩ，Ro≈Rs//(1/gm) =。2．80；104。 ；低。4. ④。思考題與習(xí)題(1) IB1=20μA，IC1=2mA，UCE1≈10V。Ro≈Rc2=2kΩ。rbe1=；rbe2=。 (1) 因VT1管的UGS =0V，所以IDQ=IDSS=2mA，UDS=VCC–IDQR2=。Ro≈R5=。(2)≈62， Aus= Ri Au/(Ri+Rs) ≈。 (1) Aum= 103，60dB。(2)603=57dB。 (1) UB=4V，IE=1mA，IB=10μA，UCE=。(4)。(3) fL=1/2π(Rc2+Ri3)C3=36Hz。；%；交越；甲乙。二、1. ③。5. ①。(4)PCM1=PCM2≥=2W。=VCC 2/2RL得Uom=16V，則ILm=Uom/RL=1A，故ICM 1A。(2)增大R2。(3)PC=β(VCC/2)(VCC2UBE)/(R1+R3)=896mWPCM，兩管將燒毀。=18/2=9V，(1)Pom=Uom2/2RL=。；共模。二、1. ②。5. ③。由于其等效交流電阻非常大，因此把它作為VT3的集電極負(fù)載可提高電壓放大倍數(shù)。故uo=Auduid=() 8 = mV 。若設(shè)UB1=0V，則UE1= ，故Re=[UE(VEE)]/IRe=17kΩ。 (1)圖(a)： Aud= β1(Rc1+RP/2)/(Rs1+rbe1)= 220，Rid=2(Rs1+rbe1)=6kΩ，Ro=2(Rc1+RP/2)=22kΩ。(1) Aud2= β2(Rc2//RL)/2[Rs+rbe2+(1+β2)Re2]=12。由ID=IDSS(1UGS/UP)2得UGS= 。R1= (VCC+VEEUBE)/IR1=。(1)IR=IC5 =[VCCUBE6(VEE)]/R≈，ID1=IC5/2= mA。第7章自測(cè)題一、1. ；；。5. 909；900。4. ②。思考題與習(xí)題(a)：Re1和Re3分別引入一、三級(jí)直流和交流負(fù)反饋；Re2和Ce2引入第二級(jí)直流負(fù)反饋；ReRf1和Re1引入一、三級(jí)間直流和交流負(fù)反饋；ReCe2和Rf2引入一、二級(jí)間直流負(fù)反饋。圖(e)：R4引入第二級(jí)直流和交流負(fù)反饋；R2引入級(jí)間直流和交流負(fù)反饋。(2) Af =A/(1+|AF|)=，20lg|A/(1+|AF| )|=。圖(d)：Rf和Rb引入級(jí)間交流電壓串聯(lián)負(fù)反饋。%。 (1)需要引入電壓并聯(lián)負(fù)反饋。Rf 、Cf支路接在①和③之間。(2) ac、bd、je、ih。(2)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，電路引入了電壓串聯(lián)負(fù)反饋。 為電壓串聯(lián)負(fù)反饋。 (1) 由圖知20lg||=80，所以Aum=104；該電路由三級(jí)組成，其中在f=100KHz，特性斜率變化40dB/dec(= 20dB/dec2)，即有相同的兩級(jí)。2. 1V。二、1.①。5. ③。 因uO1= Rf uI/R1，uO2= uO1，故uO=uO2uO1= 2uO1= 2Rf uI/R1。 因uO1= [245/6+24(5)/4]=10mV， uO2= (1+24/4)[(6//6)/(6+6//6)(612)]= 14mV，故uO=(1+6/12)[6 (14)/(12+6)](610/12) = 12mV。uO的波形圖略。因uO=uO1+，可先畫(huà)出uO1波形。 (1)比例恒流源Io≈(R4/R5)IR3=(R4/R5)[()/(R3+R4)]=1mA。(4) Auf =1+Rf /R1。 (1)二階壓控電壓源低通濾波器；左側(cè)電容下端接至輸出端是為了改善在特征頻率fn附近的幅頻特性。2. 選頻網(wǎng)絡(luò)；RC；RC。6. 輸出電壓；閾值電壓。4. ②。思考題與習(xí)題 (1) 14238 。 (1)連接MJ，MN兩點(diǎn)。 (1)上負(fù)下正。(5) PCM≥=。 圖(a)不能振蕩；圖(b)可能振蕩。~。(a)變壓器同名端錯(cuò)，改為次級(jí)下端；基極直流接地，應(yīng)在次級(jí)與基極間接一耦合電容，改后電路為變壓器反饋式LC正弦波振蕩電路。 圖(a)電路為并聯(lián)型晶體振蕩器，晶體起到電感作用；圖(b)為串聯(lián)型晶體振蕩器，晶體起電阻作用。6V。當(dāng)t=1s時(shí)，有uO2= (1/R5C) uO1 t =。2V，當(dāng)uO1(t1)=2V時(shí)，即10(10)t1=2，得t1=20ms。uO1不變；當(dāng)UREF0，uO上移；反之，下移。一般用電位器代替R4來(lái)調(diào)節(jié)f。；反向擊穿；電壓。2. ①。6. ①；④。 (1)正上下負(fù)。 (1)因UO=，故U2=10V。(2)ID=IO/2=125mA；因U2=UO/=25V，故URM=35V。(2)因I=[33(1+10%)12]/=，ID=I/2=；因U2=(1+10%)=，則URM=43V。(3)因ILmax≈ (1+β1)[UI (UOmin+UBE1)]/R2UOmin/(R3+R4+RP)=170mA。(2)由式()可得12~24V。(2)因PC1=UCE1IC1≈(UIUO)UO/R39。(2)當(dāng)電網(wǎng)電壓波動(dòng)177。(4)因?yàn)镮O=，IR1=，IC3=IR5/2≈，IR3=() /1=，IR4=，則IE1應(yīng)為上述各電流之和，即IE1=。14
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