【正文】 R′ ＝ 13R，故選 B. 【解析】 根據(jù)電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡及電場(chǎng)線(xiàn)的方向可判斷該粒子帶負(fù)電，由 A到B過(guò)程粒子的受力方向在粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)力做正功，故選 B. 【解析】 平行板電容器所帶電荷量 Q是指一個(gè)極板所帶電荷量的絕對(duì)值，故選 B. 【解析】 空調(diào)機(jī)可以降低室溫，而電風(fēng)扇并不能降 低室溫，故 A 錯(cuò)；微波爐產(chǎn)生的微波是波長(zhǎng)很短的電磁波，故 B 錯(cuò)；電視機(jī)和收音機(jī)都能接收電磁波， C 對(duì)；電冰箱的耗電量根據(jù)電冰箱的工作時(shí)間決定的， D 錯(cuò) ． 【解析】 擴(kuò)大電流表的量程應(yīng)在表頭兩端并聯(lián)一個(gè)電阻，擴(kuò)大電壓表的量程應(yīng)在表頭兩端串接一個(gè)電阻，故 D 對(duì) ． 【解析】 根據(jù)題圖可判斷此電路屬于 “ 非 ” 門(mén)電路，故選 B. 【解析】 R 滑片向右移時(shí)，接入電路的滑動(dòng)變阻器的阻值變大，故通過(guò) L1的電流變小，而 L2兩端電壓不變，故通過(guò) L2的電流也不變，故 L1變暗， L2不變，選 B. 【 解析】 根據(jù)焦耳定律： Q＝ I2Rt，可求得電風(fēng)扇每分鐘發(fā)出的熱量，故 C 對(duì) ． 【解析】 根據(jù) F＝ BIl及左手定則可判斷無(wú)需改變電流和磁場(chǎng)方向，只需適當(dāng)增大電流或磁感應(yīng)強(qiáng)度，故選 B. 三 、 填空題 【解析】 由于物體在水平面上靜止，處于平衡狀態(tài)，故 A 物體所受合外力為0. 【解析】 電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器用的是低壓交流電源 ． 【解析】 大齒輪、小齒輪上的點(diǎn)的線(xiàn)速度相同，設(shè)大齒輪角速度 w1，小齒輪角速度 ω2，則 ω1＝ 2πT ＝ πrad/s， v＝ r1ω1＝ ， ω2＝ vr2＝ 3πrad/s，又 v3＝ r3ω2＝≈ gL 【解析】 根據(jù)豎直方向上： Δs＝ gT2，水平方向上：； x＝ v0T，得 v0＝ 2 Lg＝ 【解析】 根據(jù)牛頓第二定律得 F－ mg＝ ma，即 F＝ m(g＋ a)＝ 4010m＝ 401mg. 三 、 計(jì)算題 《選修 1－ 1》 10V 【解析】 由法拉第電磁感應(yīng)定律可得線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E＝ nΔΦΔt＝ nΔBΔt S＝ 50 100 20 10－ 4 V＝ 10 V B《選修 3－ 1》 (1) (2) 10－ 7s 【解析】 (1)由 F＝ Bqv F＝ mv2/r r ＝ mv/Bq＝ m (2)由 F＝ Bqv F＝ m(2π/T)2r T＝ 2πm/ Bq＝ 10－ 7s t＝ T2＝ 10－ 7 s 51.(1)6m/s2 4m/s2(2)120m 【解析】 (1)物體運(yùn)動(dòng)的加速度 a1＝ ΔvΔt＝ 6 m/s2 所受合力 F 合 ＝ ma1＝ 12 N 阻力 Ff＝ F－ F 合 ＝ 8 N 物體減速時(shí)的加速度 a2＝ Ffm＝ 4 m/s2 (2)速度 v2＝ 24 m/s 位移 x2＝ v222a2＝ 72 m x1＝ 12a1t21＝ 48 m x＝ x1＋ x2＝ 120 m 52.(1)mgh＋ 12mv2 (2)mg(H－ h)－ 12mv2 (3)2v2tanθgcosθ 【解析】 (1)滑雪運(yùn)動(dòng)員在 C 點(diǎn)的機(jī)械能為： E＝ mgh＋ 12mv2(2)滑雪運(yùn)動(dòng)員從 A 到 C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得： mg(H－ h)－ W＝ 12mv2得 W＝ mg(H－ h)－ 12mv2(3)滑雪運(yùn)動(dòng)員離開(kāi) C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)落地點(diǎn) P距 C的距離為 L，有 Lcosθ＝ vt Lsinθ＝ 12gt2 解得： L＝ 2v2tanθgcosθ . 高中物理新課程會(huì)考模擬試卷 (五 ) 一、選擇題 【解析】 國(guó)際單位制中的基本單位包括： m、 K、 kg、 s、 cd、 mol 、 A，故選C. 【解析】 參考系是研究物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，被假定不動(dòng)的物體，分析題中情景，可知題中所選取的參考系是云朵 ． 【解析】 位移表示物體的位置變化，是矢量，路程是物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，是標(biāo)量 ． 分析題中選項(xiàng)只有 C 選項(xiàng)正確 ． 【解析】 用力推講臺(tái)時(shí)，講臺(tái)不動(dòng)，是由于講臺(tái)受到地面給它的摩擦力的作用，講臺(tái)未動(dòng)，說(shuō)明講臺(tái)處于平衡狀態(tài)，所受合外力為零，故 D 正確， A、 B、 C 錯(cuò)誤 ． 【解析】 根據(jù)平行四邊形定則可判斷 C 正確 ． 【解析】 根據(jù)位移、時(shí) 間關(guān)系式可判斷汽車(chē)做減速運(yùn)動(dòng) v0＝ 20m/s， a＝－ 4m/s2，故根據(jù) v2－ v20＝ 2as解得 s＝ 50m，故選 B. 【解析】 根據(jù)科學(xué)探究的基本過(guò)程可知方框 2 中應(yīng)為提出假設(shè)；方框 4 應(yīng)為實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，故選 A. 【解析】 離心運(yùn)動(dòng)是由于物體所受合力不足以提供向心力時(shí)，物體將做離心運(yùn)動(dòng) ． 汽車(chē)在平直路面上加速行駛，開(kāi)進(jìn)泥坑里輪胎打滑或者與其他車(chē)輛碰撞均與圓周運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)，只有 D 選項(xiàng)，汽車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)，車(chē)速太快，汽車(chē)所受合外力不足以提供汽車(chē)的向心力導(dǎo)致翻車(chē)，故選 D. 【解析】 人受到的重力和氣流對(duì)人向上的力是一對(duì)平衡力，故 A 錯(cuò)；地球?qū)θ说奈腿藢?duì)地球的吸引力是一對(duì)作用力和反作用力，故 B 錯(cuò)；人受到的重力和人對(duì)氣流向下的力是兩個(gè)性質(zhì)完全不同的力，故 C 錯(cuò)；人對(duì)氣流向下的力和氣流對(duì)人向上的力是一對(duì)作用力與反作用力， D 對(duì) ． 【解析】 設(shè)繩索上的張力為 F，則 2Fcosθ＝ mg，當(dāng) θ逐漸增大時(shí)， F逐漸增大，故選 A. 【解析】 根據(jù)牛頓第二定律： F－ f＝ ma，當(dāng)用 2F拉物體時(shí) 2F－ f＝ ma′ ，聯(lián)立兩式 F＋ ma＝ ma′ ，故 a′ 2a，選 C. 【解析】 飛機(jī) 在重力、升力共同作用下，做圓周運(yùn)動(dòng)，重力和升力的合力提供向心力，故選 A. 【解析】 力 F做的功等于 F與沿 F方向上的物體的位移的乘積，即 W＝ Fh/sinθ，選 D. 【解析】 根據(jù) P＝ Fv，得 P＝ fv＝ 107 16W＝ 105kW，故選 B. 【解析】 根據(jù)動(dòng)能定理 mgh＝ 12mv21－ 12mv2即 2gh＋ v2＝ v21，故石塊的落地速度的大小與石塊的質(zhì)量無(wú)關(guān)，只與石塊的初 速度，重力加速度及石塊拋出時(shí)的高度有關(guān)，故選 A. 【解析】 第一宇宙速度為 ，故選 A. 【解析】 自行車(chē)同一輪上的角速度相等，即 A、 B、 C 三點(diǎn)角速度相同，又由v＝ rω，知 A、 B、 C 三點(diǎn)線(xiàn)速度大小 vA＝ vBvC，故選 B. 【解析】 球被踢出后，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故人對(duì)球所做的功為球在最高點(diǎn)的機(jī)械能，即 W＝ Ek＋ Ep＝ mgh＋ 12mv2＝ 150J，故選 B. 【解析】 根據(jù) v＝ GMr ，可知當(dāng) v′ ＝ 12v時(shí)， r′ ＝ 4r； a＝ GMr2 ， a′ ＝ 116a；由 ω＝ GMr3 ， ω′ ＝ 18ω，由 T＝ 2π r3GM， T′ ＝ 8T，故 A、 B、 D 錯(cuò)， C 對(duì) ． 【解析】 由 W＝ 12mv2，可知 W與 v2成正比， W－ v2是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜的直線(xiàn)，選 C. 【解析】 在做 “ 探究求合力的方法 ” 實(shí)驗(yàn)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)與木板平行，兩細(xì)繩間夾角可以為任意值，但為了實(shí)驗(yàn)的 準(zhǔn)確性，兩細(xì)繩間夾角應(yīng)大小適當(dāng)，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，不僅要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，還要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的方向，故選 A. 【解析】 同步衛(wèi)星的線(xiàn)速度小于第一宇宙速度， A 錯(cuò)；同步衛(wèi)星的運(yùn)行軌道在赤道上空，不可能經(jīng)過(guò)綿陽(yáng)上空， B 錯(cuò)；由 a＝ rω2，同步衛(wèi)星的加速度大于地球表面的物體自轉(zhuǎn)的加速度， C 錯(cuò)；同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，故 D 對(duì)，選 D. 【解析】 物體在 ABCD 軌道上滑下時(shí)，摩擦力做功 W＝ mgh，要使物塊從 D點(diǎn)回到 A點(diǎn)則力 F做的功 WF＝ mgh＋ W＝ 2mgh，故選 B. 【解析】 根據(jù)動(dòng)能定理－ F＝ 500 10 ＝ 4000J ∶ 1 1∶ 8 【解析】 萬(wàn)有引力提供向心力， F 向 ＝ F 萬(wàn) ＝ GMmR2 ＝ mR4π2T2 F1∶ F2＝ m1R21∶ m2R22＝ m1R22R21m2＝1 162 1 ＝ 8∶ ∶ T2＝ 2πR31GM∶ 2πR32GM＝R31R32＝ 1∶ 8. 四 、 計(jì)算題 《選修 1－ 1》 (1) 【解析】 (1)由 F＝ BIL 知 ， B＝ FIL＝ ＝ (2)F 安 ＝ BIL＝ 2 ＝ B＝ B《選修 3－ 1》 (1) 2qUm (2)1B 2mUq ； 2πmqB 【解析】 (1)由 qU＝ 12mv2則 v＝ 2qUm (2)由 qvB＝ mv2R 知 R＝ mvqB＝ mqB 2qUm ＝ 1B 2mUq 由 v＝ 2πRT 知 T＝ 2πmqB . 51.(1)2m/s2 (2)2s 【解析】 (1)根據(jù)牛頓第二定律有 － μmg＝ ma 所以 a＝－ μg＝－ 10 m/s2＝－ 2 m/s2 故所求加速度大小為 2 m/s2. (2)設(shè)加速度大小為 a，水平方向上 Fcosθ＋ f＝ ma 豎直方向上 N＋ Fsinθ＝ mg 根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式 f＝ μN(yùn) 得 a＝ Fcosθ＋ μ?mg－ Fsinθ?m ＝ 20 ＋ ?5 10－ 20 ?5 m/s2 ＝ m/s2 t＝ v0a＝ s＝ 2 s. 52.(1)3m/s (2) (3) 【解析】 (1)根據(jù)機(jī)械能守恒定律 12mv2A＝12mv2B＋ mgr Aω2＝ 13mArAω2， C 物體受到的最大靜摩擦力 fC＝ μmCg＝ 13μmAf.由以上各式可得，物體 B 先滑動(dòng) ． 【解析】 本題考查 “ 探究功與物體速度變化的關(guān)系 ” 實(shí)驗(yàn)中，紙帶上打出的點(diǎn) “ 中間疏，兩頭密 ” 的原因分析， C對(duì) ． 二 、 選擇題 【解析】 本 題考查電流磁效應(yīng)的發(fā)現(xiàn)史實(shí)， C對(duì) ． 【解析】 摩擦起電的本質(zhì)是電荷發(fā)生了轉(zhuǎn)移， A 對(duì)；物體帶電量應(yīng)是電子電荷量的整數(shù)倍， B 錯(cuò)；物體所帶電量可能很小，但不可能小于元電荷， C 錯(cuò)；經(jīng)過(guò)摩擦使物體帶正電是因?yàn)槲矬w失去了電子， D錯(cuò) ． 【解析】 由庫(kù)侖定律 F＝ kq1q2r2 知，若 q1q2不變， r 變?yōu)?3r，則 F’ ＝ kq1q2?3r?2＝ 19kq1q2r2 ＝ 19F， A對(duì) ． 【解析】 電能在輸 送過(guò)程中，在輸電線(xiàn)上損耗的功率 P 損 ＝ I2R 線(xiàn) ，因?yàn)?P 總 一定， P 總 ＝ UI， U 變大， I 減小，則 P 損 減小，可減少輸電導(dǎo)線(xiàn)的能量損失， C對(duì) ． 【解析】 根據(jù)磁感線(xiàn)的特點(diǎn)，磁感線(xiàn)越密的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，由圖可知， EDECEBEA， D對(duì) ． 【解析】 磁通量?jī)H有大小，沒(méi)有方向，是標(biāo)量， A錯(cuò)；磁通量 ΔΦ＝ B＝ 13∶ 33＝ 1∶ 3， A 對(duì) ． 【解析】 由 Wab＝ qUab知 a、 b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差 Uab＝ Wq， D 對(duì) ． 【解析】 由邏輯電路的特點(diǎn)可判斷甲、乙、丙三個(gè)圖對(duì)應(yīng)的分別為 “ 與 ” 門(mén)、“ 非 ” 門(mén)、 “ 或 ” 門(mén)， D 對(duì) ． 【解析】 由電流流向及左手定則，可判斷出金屬棒中受到向上的安培力，對(duì)金屬棒受力分析有 F 拉 ＋ F 安 ＝ mg，為減小 F 拉 ，可使 F 安 增大，因?yàn)?F 安 ＝ BIL，則 A 錯(cuò)、 C對(duì)；若使磁場(chǎng)反轉(zhuǎn)，則金屬棒受到向下的安培力，則有 F 拉 ＝ mg＋ F 安 ，拉力比原來(lái)的變大，B 錯(cuò)；使電流反轉(zhuǎn)，金屬棒受到的安培力 也是向下的，不符合題意， D 錯(cuò) ． 【解析】 E＝ I(r＋ R)代入數(shù)據(jù)， ＝ I (＋ )，知 I＝ 2A， D 對(duì) ． 三 、 填空題 10－ 19 【解析】 本題考查電子伏特與焦耳的換算關(guān)系 ． 【解析】 由 P＝ Fv可求 v＝ PF＝ 105 103W 107N ＝ 15m/s. 【解析】 由 P＝ Fv＝ Gv＝ mgv及該動(dòng)力機(jī)器功率恒定，有 m1gv1＝ m2gv2，則 v2＝ m1v1m2＝ 103 1 103 ＝23≈ 【解析】 每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔為 T＝ ，則 0 與 1 兩點(diǎn)間平均速度為 v ＝ x1T＝ ，小車(chē)的加速度 a＝ x2－ x13T2 ＝ 【解析】 由 h＝ 12gt2可求得零件落地的時(shí)間 t＝ 由水平方向 s＝ vt，可求得 v＝ st＝ ＝ 19m/s＝ 60km/h，故該車(chē)超速了 ． 四 、 計(jì)算題 《選修 1－ 1》 4 10－ 3N 在紙面的平面內(nèi)垂直于導(dǎo)體棒向下 【解析】 F 安 ＝ BIL＝ 10－ 2 ＝ 4 10－ 3N，由左手定則可判斷安培力的方向在紙面的平面內(nèi)，垂直于導(dǎo)體棒向下 ． B《選修 3－ 1》 1∶ 1 【解析】 分析知兩帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)是由洛倫茲力提供向心力，即 qvB＝ mv2r 對(duì) a粒子 qvB＝ 2mpv2ra， 對(duì) b粒子 2qvB＝ 4mpv