20xx屆新教材一輪復(fù)習人教版-第三章-第2節(jié)-牛頓第二定律的應(yīng)用-學案-資料下載頁
2025-04-05 05:43本頁面
【正文】 /s2 (2)546 m解析(1)臺秤的示數(shù)為56kg,則人對臺秤的壓力為560N,由牛頓第三定律,臺秤對人的支持力為560N,對電梯里的人,由牛頓第二定律有FNmg=ma代入數(shù)據(jù)解得a=(2)設(shè)電梯勻加速上升過程最大速度為v,時間為t1,且位移為x1=60m,由運動學公式有v20=2ax1代入數(shù)據(jù)解得v=12m/st1=10s勻速過程時間為t2,位移為x2t2=55st19s=36sx2=vt2=432m勻減速過程時間為t3=9s,位移為x3由運動學公式有x3=12vt3=54m觀光廳距離地面的高度為hh=x1+x2+x3=546m 人在下蹲的過程中,先加速向下運動,此時加速度方向向下,故人處于失重狀態(tài),最后人靜止,故后半段過程是人減速向下的過程,此時加速度方向向上,人處于超重狀態(tài),故下蹲過程中先失重后超重,選項D錯誤。在1s時人向下的加速度最大,故此時人并沒有靜止,不是下蹲的最低點,選項A錯誤。2s前后的一段時間內(nèi)人的受力情況不變,故2s時人處于下蹲靜止狀態(tài),選項B正確。共做了1次下蹲—起立的動作,選項C錯誤?！≡谏仙^程中,夯錘先加速上升,再減速上升,加速度先向上,再向下,夯錘先處于超重狀態(tài)然后處于失重狀態(tài),A錯誤。在下落過程中,加速下落,加速度方向向下,一定處于失重狀態(tài),B錯誤。根據(jù)牛頓第二定律4mg2mg=ma,解得a=g,則松手時夯錘的速度大小v=gt,C錯誤。夯錘先加速上升的高度h1=12at2=12gt2,減速上升的高度2gh2=v2,解得h2=12gt2,夯錘上升的最大高度hm=h1+h2=gt2,D正確。典例2ACD 從題圖乙可知,木板運動2s離開小物塊,在0~2s內(nèi),由圖像可知x=212m=1m,所以木板的長度L=2x=2m,故A正確,B錯誤。設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1,在2~3s內(nèi),由圖像可得長木板的加速度a2=ΔvΔt=4m/s2,由牛頓第二定律得Fμ2m2g=m2a2,解得μ2=,故C正確。在0~2s內(nèi),對小物塊進行受力分析,豎直方向FN+Tsin37176。=m1g。水平方向Tcos37176。=f1,又知f1=μ1FN,長木板的加速度a1=Δv39。Δt39。=。對木板進行受力分析,結(jié)合牛頓第二定律得Ff139。μ2(m2g+FN39。)=m2a1。由牛頓第三定律得f1=f139。,FN=FN39。,聯(lián)立上述式子解得μ1=819,故D正確。對點演練 物體是從靜止開始運動的,根據(jù)運動學公式v2v02=2ax,得v2x圖像斜率的意義表示2a,前3m內(nèi)貨物的加速度向上,加速度大小是1m/s2,根據(jù)牛頓第二定律得F1mg=ma1,最后2m內(nèi)貨物加速度方向向下,根據(jù)牛頓第二定律得mgF2=ma2,解得前3m內(nèi)與最后2m內(nèi)拉力的大小之比為22∶17,故A、C、D錯誤,B正確。 s解析設(shè)豎直向下為正方向,0~4s運動員做勻加速直線運動,由牛頓第二定律mgf1=ma1①由運動學公式v1=a1t1②x1=12a1t12③4~14s運動員做勻減速直線運動由牛頓第二定律f2mg=ma2④由運動學公式v2=v1a2t2⑤x2=v1t212a2t22⑥最后階段運動員勻速運動,運動距離x3=hx1x2⑦勻速運動時間t3=x3v2⑧求得總時間t=t1+t2+t3=147s
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