【正文】 速運(yùn)動(dòng) C．做加速運(yùn)動(dòng) D．以上三種情況都有可能 解析： 對(duì)木箱進(jìn)行受力分析可得 Fcos θ － μ (mg＋ Fsin θ )＝ ma，當(dāng) a＝ 0時(shí)木箱做勻速運(yùn)動(dòng)， F增大時(shí)加速度 a＞ 0，即木箱將做加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)比各選項(xiàng)可知選 C. 答案： C 3．如圖所示的真空空間中，僅在球體中的黑點(diǎn)處存在著電荷量大小相等的點(diǎn)電荷，則圖中 M、 N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)均相同的是 ( ) 答案： CD 4．如圖甲所示，一 木塊從斜面底端以初速度 v0＝ 20 m/s沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，并恰好能到達(dá)斜面頂端．其速度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示，由圖可以判斷 ( ) A．斜面的長(zhǎng)度為 20 m B． 3 s末木塊回到斜面底端 C． 0～ 3 s合力做功為零 D． 0～ 3 s機(jī)械能守恒 用心 愛(ài) 心 專(zhuān)心 2 答案： B 物塊在粗糙斜面上，在平行斜面向上的外力 F作用下，斜面和物塊始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng) F按圖甲所示規(guī)律變化時(shí)，物體與斜面間的摩擦力大小變化規(guī)律可能是圖乙中的 ( ) 甲 乙 解析： 在 F的作用下，當(dāng)物塊有向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，由平衡條件得 F＝ mgsin θ ＋ Ff，當(dāng) F 減小時(shí)， Ff也減小，當(dāng) F＝ 0 時(shí)， Ff＝－ mgsin θ ，即靜摩擦力先減小至零又反向變大；在 F 的作用下，物塊有向下的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，由平衡條件得 F＋ Ff＝ mgsin θ ，當(dāng) F 減小時(shí)， Ff變大，當(dāng) F＝ 0時(shí)， Ff＝ mgsin θ ，故只有 C圖正確． 答案： C 6．在滑動(dòng)變壓器原線圈中接有電流表，副線圈輸出端接有如圖所示的電路．在原線圈中輸入穩(wěn)定的交流電壓，初始時(shí)開(kāi)關(guān) S1與 2接通，開(kāi)關(guān) S2與 4 接通，開(kāi)關(guān) S3閉合．則在下列措施中能使電流表示數(shù)變大的是 ( ) A．僅將 S1從 2撥向 1 B．僅將 S2從 4撥向 3 C．僅將 S3從閉合改為斷開(kāi) D．僅將滑動(dòng)變阻器 R3的滑動(dòng)觸頭上移 解析： 將 S1從 2撥向 1， n1變小，根據(jù)變壓器原副線圈的變比關(guān)系可以判定 U2變大，所以副線圈中電流 I2變大，故原線圈中電流 I1變大， A 正確；同理可判定 B 錯(cuò)誤；將 S3從閉合改為斷開(kāi)，負(fù)載電阻變大，所以副線圈 中電流 I2變小，故原線圈中電流 I1 變??； C 錯(cuò)誤；將滑動(dòng)變阻器 R3 的滑動(dòng)觸頭上移， R3連入電路阻值變大，所以副線圈中電流 I2變小，故原線圈中電流 I1變小， D錯(cuò)誤． 答案： A 7． (2020 、折射角 θ 2＝ 30176。 － μmg cos 53176。 ＝ ma 解得運(yùn)動(dòng)員在斜面上滑行的加速度 a＝ g(sin 53176。. 試通過(guò)計(jì)算判斷光在 F點(diǎn)能否發(fā)生全反射． 用心 愛(ài) 心 專(zhuān)心 9 解析： (1)光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波， A 項(xiàng)錯(cuò)；光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，相鄰亮條紋間距 Δ x＝ ldλ ，因?yàn)椋t光的波長(zhǎng)大于紫光的波長(zhǎng)，故將入射光由紅光改為紫光，則相鄰亮條紋間距一定變小， D項(xiàng)錯(cuò)． (2)根據(jù)波形圖可知 A＝ 5 cm， λ ＝ 4 m，周期 T＝ λv ＝ 2 s，根據(jù)波的傳播方向和質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向關(guān)系可判定 x＝ 4 m 處質(zhì)點(diǎn)是向下振動(dòng)的，故振動(dòng)函數(shù)表達(dá)式 y＝－ 5sin π t cm， x＝ 5 m處質(zhì)點(diǎn)在 s內(nèi)通過(guò)的路程 s＝ 4 A＝ 45 cm. (3)光線在 BC界面的入射角 θ 1＝ 60176。 廣東卷 sin 30176。 ＝