【正文】 力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出球B在最高點的速度，抓住A、B的角速度相等，結(jié)合半徑關(guān)系得出線速度關(guān)系，從而得出球B在最高點A的速度。根據(jù)速度﹣位移公式求加速度。故選：AD。25?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)功的定義式F＝Flcos60176。故選：BD。球B由最高點轉(zhuǎn)到最低點的過程中，根據(jù)動能定理求得桿對B做功。16．【分析】當(dāng)緩慢提高木板時，導(dǎo)致物塊受到的支持力發(fā)生變化，則不能再根據(jù)功的定義去算支持力對物塊做的功，因此由動能定理結(jié)合重力做功，可求出支持力做功。12．【分析】賽車恰好通過最高點時，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出通過C點的最小速度；賽車從B運動到C的過程，根據(jù)機械能守恒定律求出賽車在B點的速度，再對賽車從A到B過程運用動能定理，求出電動機從A到B至少工作的時間；【解答】解：AB、當(dāng)賽車恰好過C點時，由重力提供向心力得： 解得賽車通過C點的速度至少為＝，故A正確，B錯誤；CD、賽車從B到C的過程中只有重力做功機械能守恒，據(jù)機械能守恒定律得對賽車從A到B過程，運用動能定理得 聯(lián)立解得電動機從A到B至少工作的時間為t＝4s，故C正確，D錯誤。＝，解得，由此式可知等式兩邊的質(zhì)量可約去，故質(zhì)量變大，皮艇到達(dá)E點的速度不變，還是可以達(dá)到E點，故BD正確；C、在F點根據(jù)牛頓第二定律可得：，則過F的最大速度vFmax＝m/s，假設(shè)能到達(dá)F點，從E到F過程中，根據(jù)動能定理則有：﹣mgR（1﹣cos37176。9．【分析】當(dāng)皮艇到達(dá)圓軌道EFG段的E點時，皮艇對圓軌道的壓力為零，皮艇只受重力，并由重力的徑向分力充當(dāng)向心力，由此列式求出皮艇經(jīng)過E點時的速度大小。對小球a，根據(jù)牛頓第二定律有 mgcosα﹣μmgsinα＝ma1，得a1＝gcosα﹣μgsinα根據(jù)運動學(xué)公式有 dcosα＝，聯(lián)立整理得 t1＝同理，對小球b，有t2＝，因為，所以，β＜α＜45176。由于物塊能向上運動，則有 μmgcosθ＞mgsinθ，根據(jù)動能定理研究0～t2內(nèi)，傳送帶對物塊做功，在t1～t2時間內(nèi)分析物塊動能和勢能的變化，即可判斷出傳送帶對物塊做功情況。故選：AD。角的力F作用在一個質(zhì)量為6kg的物體上，物體沿水平地面勻速前進(jìn)了8m，g＝10m/s2，下面關(guān)于物體所受各力做功說法正確的是（　?。〢．力F對物體做功為400J B．摩擦力對物體做功為﹣200J C．重力做功為480J D．合力做功為024．如圖所示，滑塊以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到達(dá)最高點后又返回到出發(fā)點?，F(xiàn)給小球A一個水平向右的恒力F＝50N，取g＝10m/s2，則在小球B從地面運動到C點的過程中（　?。〢．F對小球A做功為20J B．小球B的機械能增加了6J C．小球A的動能先變大后變小 D．重力對小球B做功的功率一直增大18．如圖所示，輕桿長為3L，在桿的A、B兩端分別固定質(zhì)量均為m的球A和球B，桿上距球A為L處的點O裝在光滑的水平轉(zhuǎn)動軸上，外界給予系統(tǒng)一定的能量后，桿和球在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動。B是半圓軌道的最低點，水平直線軌道和半圓軌道相切于B點。皮艇與直滑道間的動摩擦因數(shù)相同，皮艇與圓弧軌道的阻力不計。某時刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖a所示），以此時為t＝0時刻記錄了小物塊之后在傳送帶上運動速度隨時間的變化關(guān)系，如圖b所示（圖中取沿斜面向上的運動方向為正方向，其中兩坐標(biāo)大小v1＞v2）。已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝，重力加速度g取10m/s2，則下列說法正確的是（　　）A．x＝1m時物塊的速度大小為2m/s B．x＝ C．在前4m位移過程中拉力對物塊做的功為25J D．5．已知一足夠長的傳送帶與水平面的傾角為θ，以一定的速度勻速運動。的直滑道D和光滑豎直圓弧軌道BCD、EFG都平滑連接?？梢暈橘|(zhì)點的賽車從起點A出發(fā)，沿水平直線軌道運動L后，由B點進(jìn)入半徑為R的光滑豎直半圓軌道，并通過半圓軌道的最高點C，才算完成比賽。桿和半圓形軌道在同一豎直面內(nèi)，兩小球均可看作質(zhì)點，且不計滑輪大小的影響。＝，則下列說法中正確的是（　?。〢． B．物體上滑的初速度為4m/s C．物體下滑過程中加速度的大小為8m/s2 D．物體回到底端的動能為20J23．如圖所示，將一個大小為50N與水平方向成60176?！窘獯稹拷猓篈、在B點時由牛頓第二定律得：F﹣mg＝m，因為F＝2mg，所以v＝，因為物塊從A點進(jìn)入圓弧軌道并做勻速圓周運動，所以物塊到達(dá)A點時速度大小為，故A正確；B、從P到A的過程由動能定理得：mgh＝，所以h＝，故B錯誤；C、因為物塊從A點進(jìn)入圓弧軌道并做勻速圓周運動，所以物塊從A運動到B所用時間t＝，故C錯誤；D、從A運動到B由動能定理得：mgr﹣W克f＝0，解得：W克f＝mgr，故D正確。0～t1內(nèi)，物塊對傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，可知物塊對傳送帶做功情況?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)圓環(huán)的直徑為d。當(dāng)兩者速度相等時，兩者相距的距離最大，【解答】解：A、在v﹣t圖象中，與時間軸所圍面積表示物體通過的位移，故在0﹣4s內(nèi)，甲物體的位移大于乙物體的位移，4s末甲、乙兩物體相遇，故t＝0時刻甲物體在后，乙物體在前，故A正確；B、在v﹣t圖象中，斜率代表物體運動的加速度，故在0﹣4s內(nèi)，甲物體的加速度逐漸減小到零，又F1﹣f＝ma，拉力F1逐漸減小到等于阻力f，故B錯誤；C、在0﹣8s內(nèi)，甲物體的位移大于乙物體的位移，一做勻變速直線運動，故乙物體的平均速度為，所以甲物體的平均速度大于2m/s，故C正確；D、6s末甲、乙兩物體的速度相等，動能相等，根據(jù)動能定理得，在6s時間內(nèi)，甲物體的位移大于乙物體的位移，所以拉力對甲物體做的功多，故D錯誤；故選：AC。﹣μmg?DE?cos37176。故選：BC。故選：AD。當(dāng)B轉(zhuǎn)到最高點時，桿子對B無作用力，結(jié)合牛頓第二定律求出桿子對A的作用力，從而得出桿對水平軸的作用力。【解答】解：A、由圖象可知，當(dāng)L＝6m時，W＝20J，而摩擦力做功 Wf＝﹣μmgL＝﹣2106J＝﹣12J，則合力做功 W合＝W+Wf＝8J，由動能定理有 W合＝mv2，解得：在位移L＝6m時的速度v＝2m/s，故A錯誤；B、由圖象可知，當(dāng)L＝9m時，W′＝27J，而摩擦力做功 W′f＝﹣μmgL＝﹣2109J＝﹣18J，則合力做功 W′合＝W′+W′f＝9J，由動能定理有 W′合＝mv′2，解得：在位移L＝9m時的速度v′＝3m/s，故B正確；CD、在A點時，W″＝15J，W″f＝﹣μmgL″＝﹣2103J＝﹣6 J，由動能定理可得 W″+W″f＝﹣0，解得 vA＝3m/s則在OA段運動的加速度是a＝＝m/s2＝ m/s2，故D正確。23．【分析】根據(jù)功的定義式F＝Flcosα求解拉力F做的功，由平衡條件求得物體受到的摩擦力，再由功的公式可求得摩擦力對物體所做的功，再由各力做功的代數(shù)和求出合力