【正文】 “奔跑”的位移大?。?2)根據(jù)牛頓第二定律求出帝企鵝在冰面向上滑行的加速度大小，(3)根據(jù)速度位移公式求出帝企鵝在冰面向上滑行的位移，從而得到上滑的總位移，根據(jù)帝企鵝機(jī)械能變化量大小等于其克服摩擦力做功來(lái)求解機(jī)械能的變化量大小。x=12at2=1282m=16m(2)帝企鵝在冰面向上滑行的過(guò)程，由牛頓第二定律得： 100故選：D。該題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，主要考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，需要對(duì)粒子在電場(chǎng)中進(jìn)行受力分析，然后結(jié)合牛頓第二定律以及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解。10.【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出電壓表的示數(shù)，當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)點(diǎn)火，根據(jù)電壓與線圈匝數(shù)比的關(guān)系即可求解。8.【答案】ACD【解析】解：A、氣體體積越小，分子間的平均距離就越小，反之亦然；一定質(zhì)量的理想氣體，根據(jù)理想氣態(tài)方程pVT=C，壓強(qiáng)變小，但溫度不明確，體積變化也不明確，所以分子間的平均距離可能變小，故A正確；B、天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于組成晶體的微粒是按照一定規(guī)則排列的，但沿晶體的不同方向，微粒排列的周期性和疏密程度不盡相同，由此導(dǎo)致晶體在不同方向的物理性質(zhì)不同，這就是晶體的各向異性，故B錯(cuò)誤；C、熱力學(xué)第二定律的一種表述：不可能從單一熱源吸收熱量并把它全部用來(lái)做功，而不引起其他變化；機(jī)械能可通過(guò)做功全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能也可以全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，但有條件，是要引起其它變化，故C正確；D、1滴油酸溶液中含油酸的體積是：V=%mL=1105mL，油酸分子的直徑d=VS=110510620104m=5109m，故D正確。以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度大小和阻力大小的關(guān)系，再以球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)牛頓第二定律分析小球所受壓力大小和方向。6.【答案】D【解析】解：設(shè)整體的質(zhì)量為m，小球的質(zhì)量為m39。故選：B。本題考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)和電勢(shì)分布特點(diǎn)，注意場(chǎng)強(qiáng)是矢量，電勢(shì)是標(biāo)量。答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、牛頓第一定律是對(duì)物體在不受外力條件下的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，但是現(xiàn)實(shí)中不可能找到完全不受力的物體和實(shí)驗(yàn)環(huán)境，故A正確；BCD、牛頓第二定律，萬(wàn)有引力定律，玻意耳定律都是在實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上得出的或者印證的。當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w。20202021學(xué)年貴州省黔南實(shí)驗(yàn)中學(xué)高三2月第二次模擬考試 物理一、單選題（本大題共6小題，）1. 物理學(xué)是一門(mén)建立在實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上的學(xué)科，很多定律是可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證的。轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為nn2，為交流電壓表。(1)求帶電粒子的比荷qm；(2)若AQ弧長(zhǎng)等于六分之一圓弧，求從磁場(chǎng)邊界上A點(diǎn)射出的粒子，由Q點(diǎn)至第2次穿出磁場(chǎng)所經(jīng)歷的時(shí)間。根據(jù)E=kQr2分析電場(chǎng)強(qiáng)度大??；根據(jù)點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是以點(diǎn)電荷為圓心的同心圓，即距離點(diǎn)電荷相等的地方電勢(shì)相等，且沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低分析比較電勢(shì)。4.【答案】B【解析】解：A、氦離子的躍遷過(guò)程類(lèi)似于氫原子，從高能級(jí)到低能級(jí)躍遷過(guò)程中要以光子的形式放出能量，氦離子從n=4能級(jí)躍遷到=3能級(jí)，需要放出能量，故A錯(cuò)誤；B、氦離子處于n=1能級(jí)時(shí)，能吸收60eV的能量發(fā)生電離，剩余的能量為電離后光電子的最大初動(dòng)能，故B正確；C、大量處在n=5的氦離子向低能級(jí)躍遷的過(guò)程中，輻射的光子種類(lèi)為C52=10，故C錯(cuò)誤；D、氦離子從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)的能量比從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出光子能量小，根據(jù)E=hν=hcλ可知，氦離子從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)比從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出光子的波長(zhǎng)大，故D錯(cuò)誤。本題關(guān)鍵要理解電池容量的含義，電池容量實(shí)質(zhì)上表示電量，要掌握電功的公式W=qE計(jì)算電流所做的功。故選：D。本題關(guān)鍵是明確運(yùn)動(dòng)員間的相互作用力的沖量等于對(duì)方的動(dòng)量變化，系統(tǒng)的合外力為零，故兩個(gè)運(yùn)動(dòng)員系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒。此題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，地球質(zhì)量一定、自轉(zhuǎn)速度一定，同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實(shí)現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度，理解傾斜的地球同步軌道衛(wèi)星概念，注意區(qū)別兩個(gè)同步衛(wèi)星的不同。一個(gè)周期內(nèi)，正向電壓和反向電壓的時(shí)間是相同的，不論哪個(gè)時(shí)刻入射的粒子，豎直分速度出電場(chǎng)時(shí)的速度均為零。 D【解析】解：已知小車(chē)質(zhì)量為m=250g=，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作頻率為50Hz，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)時(shí)間間隔T=1f=150s=．(1)由圖示紙帶可知，小車(chē)從C點(diǎn)開(kāi)始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小車(chē)速度最大，小車(chē)運(yùn)動(dòng)的最大速度v1=CDT=(2)1條橡皮筋對(duì)小車(chē)做功：W=12mv12=12=(3)對(duì)小車(chē)，由動(dòng)能定理得：W=12mv2，W是v的二次函數(shù)，由圖示圖象可知，ABC錯(cuò)誤，D正確。 15.【答案】解：(1)帝企鵝向上“奔跑”的位移大小為：答：(1)企鵝向上“奔跑”的位移大小是16m；(2)企鵝在冰面向前滑動(dòng)的加速度大小是8m/s2；(3)帝企鵝結(jié)束奔跑后，在冰面上向上滑行直至退滑到出發(fā)點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能的變化量大小是1800J。②解得：p2=③對(duì)于抽氣罐，設(shè)初態(tài)氣體狀態(tài)參量分別為pV3，末態(tài)氣體狀態(tài)參量分別為pV4，罐的容積為V39?！窘馕觥壳蟪龌鸸迌?nèi)氣體初始狀態(tài)參量和溫度降低后狀態(tài)參量，由理想氣體狀態(tài)方程求解末狀態(tài)的壓強(qiáng)；對(duì)于抽氣罐，由玻意耳定律求解末狀態(tài)的體積，根據(jù)體積關(guān)系求出罐內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量與抽氣前罐內(nèi)氣體質(zhì)量的比