物理06-07高三模擬第23題(完整版)
【正文】 …………………… （1分）相對夯桿的位移是 L = 8m4m=4m ……………………………………… （1分）磨擦產(chǎn)生的熱量 Q = 2μFNL ……………………………………… （1分）Q = 104J ……………………………………… （1分）0607東城二模23.（18分）如圖所示，一質(zhì)量為m的帶電小球，用長為l的絕緣細(xì)線懸掛在水平向右，場強為E的勻強電場中，靜止時懸線與豎直方向成θ角（45o）Emθ （1）求小球帶何種電性及所帶電荷量的大小； （2）如果不改變電場強度的大小而突然將電場的方向變?yōu)樨Q直下，帶電小球?qū)⒃鯓舆\動？要求說明理由。 （4分）（３）５s到１０s的時間內(nèi)，B處于靜止，墻壁對B的作用力F做功為零。ab棒靜止在磁場Ⅰ中的左邊界處，cd棒靜止在磁場Ⅲ中的左邊界處，對ab棒施加一個瞬時沖量，ab棒以速度v1開始向右運動。若圓形磁場區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強度的大小或方向發(fā)生變化，都將使電子束產(chǎn)生不同的偏轉(zhuǎn)，電子束便可打在熒光屏M的不同位置上，使熒光屏發(fā)光而形成圖象，其中Q點為熒光屏的中心。線框以垂直磁場邊界的速度v水平向右勻速運動，從Ⅰ區(qū)經(jīng)過Ⅱ區(qū)完全進入Ⅲ區(qū)，線框ab邊始終與磁場邊界平行。23．（18分）（1） 據(jù)牛頓第二定律：(mg－qE)Sinα= ma …………………… （2分）a = (mg－qE ) …………………… （2分）（2）若小球剛好在B點不下落，據(jù)牛頓第二定律 mg－qE = ① …………………… （3分）小球由A到B，據(jù)動能定理mv2/2（mg－qE）(h－2R) = ② …………………… （3分）①②式聯(lián)立，得 h = …………………… （2分） （3）小球從靜止開始沿圓弧軌道運動到B點的過程中，機械能的變化量為△E電 由 △E機 ＝ W電 …………………… （3分） W電 ＝ －3REq 得 △E機 ＝ －3REq …………………… （3分） 用△E機 ＝EB EA 方法解答同樣得分 0607西城一模23．（18分）如圖甲所示，空間有Ⅰ區(qū)和Ⅲ區(qū)兩個有理想邊界的勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小均為B，方向如圖所示。4R t2 （1分） 整個過程中產(chǎn)生的熱 Q = 2Q1 + Q2 ?。?分）E0tOUdaE0E0/2E0/4求出 （1分） （3） ?。?分）（橫軸時間標(biāo)對1分，縱軸電勢差標(biāo)對1分，圖線每段1分）06—07高三一模海淀UKQMOP圖13 23．（18分）顯像管是電視機的重要部件，在生產(chǎn)顯像管的陰極時，需要用到去離子水?！?分）0607宣武一模23.（18分）如圖所示，在固定的水平的絕緣平板上有A、B、C三點，B點左側(cè)的空間存在著場強大小為E，方向水平向右的勻強電場，在A點放置一個質(zhì)量為m，帶正電的小物塊，物塊與平板之間的摩擦系數(shù)為μ。（1）求物塊C的質(zhì)量；（2）彈簧壓縮過程中具有的最大彈性勢能；（3）在5s到10s的時間內(nèi)墻壁對物體B的作用力的功；（4）在5s到15s的時間內(nèi)墻壁對物體B的作用力的沖量的大小和方向。然后兩個滾輪再次壓緊，夯桿被提上來，如此周而復(fù)始（夯桿被滾輪提升過程中，經(jīng)歷勻加速和勻速運動過程）。(或沿圓弧擺下然后沿圓弧來回擺動)。位于小車上A點處質(zhì)量m2=（可視為質(zhì)點）與彈簧的左端相接觸但不連接，此時彈簧與木塊間無相互作用力。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電q的小滑塊（可視為質(zhì)點），從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零。由動能定理有： ?、?……………………………………………(2分) 由題意可知 ②， 聯(lián)立①②式解得：?、邸?2分)代入數(shù)據(jù)可得：υB= ④…………………………………………… (1分)⑵小球離開B點后，設(shè)水平方向的加速度為a，位移為s，在空中運動的時間為t，水平方向有： ?、荨 ?1分) ?、蕖?2分)豎直方向有： ⑦……………………………………………………… (1分) 聯(lián)立③⑤⑥⑦式得 ⑧……………………………………………(2分)并代入數(shù)據(jù)可得：s= …………………………………………………………(1分)（3）為了滿足題意，只有加方向為垂直紙面向里的勻強磁場時才行。23．（18分）解：（1）小滑塊從
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