寧夏中衛(wèi)市20xx屆高三物理一模試卷word版含解析-文庫吧在線文庫
【正文】 0r/min 蓄電池（容量 It=800Ah，輸出電壓： U≥ 36V） 額定工作電壓 /電流： 36V/50A A．電動汽車正常工作時消耗的電功率 1675W B．電動機的內(nèi)阻為 C．蓄電池充滿電后儲存的電能不小于 104J D．充滿電后在額定功率下連續(xù)行駛的時間不小于 16h 【考點】 電功、電功率． 【分析】 電動機是將電能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置，電動機正常工作時消耗的電功率等于額定電壓乘以額定電流，根據(jù) UI=P+I2r 求解內(nèi)電阻，蓄電池儲存的電能等于 其容量乘以輸出電壓． 【解答】 解： A、電動汽車正常工作時消耗的電功率為： P=U 額 I 額 =36 50=1800W，故 A 錯誤； B、電動機內(nèi)阻的發(fā)熱功率電 動機額定輸出功率為： P 熱 =P 電 ﹣ P 出 =1800﹣1675=125W，則電動機內(nèi)阻為： r= ，故 B 錯誤； C、蓄電池充滿電后儲存的電能為： W=UIt=800 3600 36= 108J，故 C 錯誤； D、在額定功率下連續(xù)行駛最長時間為： t= ，故 D 正確． 故選： D 5．在勻強電場中有一個半徑為 R=1m 的圓，電場方向與圓的平面平行， O、 P 兩點電勢差為 10V，一個電子在該勻強電場中僅受電場力作用下運動，且在 P、 Q兩點上速度方向與圓的切線一致，速度大小均為 1m/s，則（ ） A．電子從 P 到 Q 的運動過 程中，動能先增大后減小 B．電子可能做圓周運動 C．該勻強電場的電場強度 E=10V/m D． O 點與圓周上電勢最低的點的電勢差為 10 V 【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系． 【分析】 A：電子僅在電場力作用下從 P 運動到 Q，動能滿足 EKP=EKQ，可以得出電勢能相等 EPP=EPQ，根據(jù)電勢能 EP=φq 得出等勢線，電場線與等勢面垂直，進而可以確定電場線的方向，在 P 點電場力與速度 v 夾角為鈍角，在 Q 點電場力與速度 v 夾角為銳角，所以從 P 運動到 Q 電場力先做負功再做正功，動能先減 小再增大． B：由于電子在勻強電場中運 動，電子受恒力，所以不可能做圓周運動． C：根據(jù) UPQ=Ed，其中 d 為沿電場線方向的距離，可以得出 E． D： O 點與圓周上電勢最低的點的電勢差為 UOC，根據(jù) U=Ed 可以求出． 【解答】 A：電子僅在電場力作用下從 P 運動到 Q，動能滿足 EKP=EKQ，則電勢能滿足 EPP=EPQ，根據(jù)電勢能 EP=φq，得出電勢 φP=φQ， PQ 所在直線即為等勢線，OC 與 PQ 垂直，則 OC 即為電場線，由于從 P 運動到 Q，所以電子所受電場力沿CO，在 P 點電場力與速度 v 夾角為鈍角，在 Q 點電場力與速度 v 夾角為銳角，電子從 P 運動到 Q，電場力先做負功 再做正功，動能先減小再增大，故 A 錯誤． B：由于電子在勻強電場中運動，電子受恒力，方向沿 CO，所以不可能做圓周運動．故 B 錯誤． C ： 根 據(jù) UPQ=Ed ， ∠ OPQ=45176。 ， R=1m ， d=Rcos ∠ 45176。= 得：E= = =10 v/m．故 C 錯誤． D： O 點與圓周上電勢最低的點的電勢差為 UOC， UOC=Ed， d=R=1m，得：UOC=10 V．故 D 正確 故選： D 6．如圖是創(chuàng)意物理實驗設(shè)計作品《小熊蕩秋千》．兩根彼此靠近且相互絕緣的金屬棒 C、 D 固定在鐵架臺上，與兩個銅線圈 P、 Q 組成一閉合回路，兩個磁性很強 的條形磁鐵如圖放置，當(dāng)用手左右擺動線圈 P 時，線圈 Q 也會跟著擺動，仿佛小熊在蕩秋千．以下說法正確的是（ ） A． P 向右擺動的過程中， P 中的電流方向為順時針方向（從右向左看） B． P 向右擺動的過程中， Q 也會向右擺動 C． P 向右擺動的過程中， Q 會向左擺動 D．若用手左右擺動 Q， P 會始終保持靜止 【考點】 楞次定律． 【分析】 當(dāng) P 擺動時，穿過 P 的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于 P 和 Q形成閉合回路， Q 的下端受到安培力的作用而發(fā)生擺動．結(jié)合楞次定律和左手定則進行判斷． 【解答】 解： A、 P 向右擺動的過程中，穿過 P 的磁通量減小，根據(jù)楞次定律， P中有順時針方向的電流（從右向左看）．故 A 正確． B、 P 向右擺的過程中， P 中的電流方向為順時針方向，則 Q 下端的電流方向向外，根據(jù)左手定則知，下端所受的安培力向右，則 Q 向右擺動．同理，用手左右擺動 Q， P 會左右擺動．故 B 正確， C 錯誤， D 也錯誤． 故選： AB． 7． “軌道康復(fù)者 ”是 “垃圾 ”衛(wèi)星的救星，被稱為 “太空 110”，它可在太空中給 “垃圾 ”衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命，假設(shè) “軌道康復(fù)者 ”的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自 轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是（ ） A． “軌道康復(fù)者 ”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的 25 倍 B． “軌道康復(fù)者 ”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的 倍 C．站在赤道上的人觀察到 “軌道康復(fù)者 ”向西運動 D． “軌道康復(fù)者 ”可在高軌道上加速，以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救 【考點】 人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系． 【分析】 根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑的關(guān)系得出加速度和周期的關(guān) 系．根據(jù) “軌道康復(fù)者 ”的角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度的關(guān)系判斷赤道上人看到 “軌道康復(fù)者 ”向哪個方向運動． 【解答】 解： A、根據(jù) =ma 得： a= ， 因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動時的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，則 “軌道康復(fù)者 ”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的 25 倍．故 A正確． B、根據(jù) =m 得： v= ，因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動時的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一， 則 “軌道康復(fù)者 ”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的 倍．故 B 正確． C、因為 “軌道康復(fù)者 ”繞地球做勻速圓周運動的周期小于同步衛(wèi)星的周期，則小于地球自轉(zhuǎn)的周期，所以 “軌道康復(fù)者 ”的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，站在赤道上的人用儀 器觀察到 “軌道康復(fù)者 ”向東運動．故 C 錯誤． D、 “軌道康復(fù)者 ”要在原軌道上減速，做近心運動，才能 “拯救 ”更低軌道上的衛(wèi)星．故 D 錯誤． 故選： AB． 8．在光滑的水平桌面上有等大的質(zhì)量分別為 M=， m= 的兩個小球，中間夾著一個被壓縮的具有 Ep= 彈性勢能的輕彈簧（彈簧與兩球不相連），原來處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)突然釋放彈簧，球 m 脫離彈簧后滑向與水平面相切、半徑為 R= 的豎直放置的光滑半圓形軌道，如圖所示． g 取 10m/s2．則下列說法正確的是（ ） A．球 m 從軌道底端 A 運動 到頂端 B 的過程中所受合外力沖量大小為 ?s B． M 離開輕彈簧時獲得的速度為 9m/s C．若半圓軌道半徑可調(diào)，則球 m 從 B 點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌 道半徑的增大而減小 D．彈簧彈開過程，彈力對 m 的沖量大小為 ?s 【考點】 動量定理；動量 沖
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