時動能和動能定理ppt課件-文庫吧在線文庫
【正文】 (20分 )如圖 6所示 ,輕彈簧左端固定在 豎直墻上 ,右端點在 O位置 .質量為 m的 物塊 A(可視為質點 )以初速度 v0從距 O 點右方 x0的 P點處向左運動 ,與彈簧接觸 后壓縮彈簧 ,將彈簧右端壓到 O′ 點位置后 ,A又被彈簧 彈回 .A離開彈簧后 ,恰好回到 P點 .物塊 A與水平面間的 動摩擦因數(shù)為 μ .求 : (1)物塊 A從 P點出發(fā)又回到 P點的過程 ,克服摩擦力 所做的功 . (2)O點和 O′ 點間的距離 x1. 圖 6 (3)若將另一個與 A完全相同的物塊 B(可視為質點 )與彈 簧右端拴接 ,將 A放在 B右邊 ,向左壓 A、 B,使彈簧右端壓 縮到 O′ 點位置 ,然后從靜止釋放 ,A、 B共同滑行一段距 離后分離 .分離后物塊 A向右滑行的最大距離 x2是多少 ? 解析 (1)A從 P回到 P的過程根據(jù)動能定理得 克服摩擦力所做的功為 (3分 ) (2)A從 P回到 P全過程根據(jù)動能定理 (3分 ) (2分 ) (3)A、 B分離時 ,兩者間彈力為零 ,且加速度相同 ,A的加 速度是 μ g,B的加速度也是 μ g,說明 B只受摩擦力 ,彈簧 20f 21 mvW ?2001 21)(2 mvxxmg ???0201 4 xgvx ???處于原長處分離 ,就可得設此時它們的共同速度是 v1,彈出過程彈力做功 WF只有 A時 ,從 O′ 到 P有 WFμ mg(x1+x0)=00 (4分 ) AB共同從 O′ 到 O 有 (4分 ) (2分 ) (2分 ) 答案 211F 2212 mvm g xW ??? ?22121 m g xmv ??gvxx?82002 ??gvxxgvmv?? 8)3(4)2(21)1( 20002020 ??素能提升 W,出手高度為 h1, 籃筐距地面高度為 h2 ,球的質量為 m,空氣阻力不計 , 則籃球進筐時的動能為 ( ) +mgh1mgh2 +mgh2mgh1 +mgh1W 解析 由動能定理得 :Wmg(h2h1)=Ek,所以 Ek=W+mgh1mgh2,選 A. A 7所示 ,光滑軌道 MO和 ON底端對 接且 M、 N兩點高度相同 . 小球自 M點由靜止自由滾下 ,忽略小球 經(jīng)過 O點時的機械能損失 ,以 v、 x、 a、 Ek分別表 示小球的速度、位移、加速度和動能四個物理量 的大小 .下列圖象中能正確反映小球自 M點到 N點 運動過程的是 ( ) 圖 7 ,2 MOON ?解析 從 M到 O,v1=a1t,從 O到 N,v2=v1a2t=(a1a2)t, v與 t是一次函數(shù)關系 ,所以 A正確 。 2 J= J ③ 所以彈簧存貯的彈性勢能為 Ep=WF+Wf= J ④ (2)從 A點開始到 B點的過程中 ,由于 L=2x,摩擦力做 功為 Wf′= Ff由 可得 v′= 2v,C、 D均錯誤 . 答案 A 。從 M到 O, 所以 D錯 . 答案 A ,21 21ta,2121 22121k tmamvE ?? 8甲所示 ,靜置于光滑水平面上坐標原點處 的小物塊 ,在水平拉力 F作用下 ,沿 x軸方向運動 , 拉力 F隨物塊所在位置坐標 x的變化關系如圖乙 所示 ,圖線為半圓 .則小物塊運動到 x0處時的動能 為 ( ) 圖 8 B. C. D. 解析 根據(jù)動能定理 ,小物塊運動到 x0處時的動能 為這段時間內力 F所做的功 ,物塊在變力作用下 ,不 能直接用功的公式來計算 ,但此題可用求 “ 面積 ”
教學課件相關推薦
鄂ICP備17016276號-1