【正文】 剛閉合時電流表指針右偏，則開關閉合后滑動變阻器的滑動觸頭向接線 柱 C移動時，電流表指針將 (填“左偏”、“右偏”或“不偏” )。兩板右側放一記錄圓筒，筒的左側邊緣與極板右端距離 b=,筒繞其豎直軸勻速轉動，周期 T＝ ，筒的周長s=，筒能接收到通過 A、 B板的全部電子。設電子的質(zhì)量為 m，帶電量為 e, (1)要使電子源發(fā)射的電子能達到擋板，則發(fā)射的電子速率至少要多大 ? (2)若電子源發(fā)射的電子速率為 eBl/m，擋板被電子擊中的范圍有多大 ?要求在圖中畫出能擊中擋板的距 O m，帶電量為 q的絕緣滑環(huán)套在固定于水平方向且足夠長的絕緣桿上，如圖甲所示。Tπ2178。當使 MN以速率 2v向右勻速滑動，而OP 以速率 v 向左勻速滑動時，電容器的上極板的帶電量等于多少 ?(除 R、 2R外其它電阻不計 ) ， y 軸的左方有一勻強電場，場強方向跟 y軸成 30176。32mv 21 mv20+4ve (qπ2+1)178。 104J 5.(1)由電子源發(fā)出的平行于擋板的電子在磁場中作勻速圓周運動?？朔Σ亮ψ龉?W=21 mv2s0= mIs22 . 7.(1)帶電粒子在電場中被加速時，根據(jù)動能定理， qU=21 mv2. (1) 粒子運動到 P點時具有速度 v，此時容器剛好加有勻強磁場，根據(jù)左手定則，粒子在 P點受到方向從 P指向 D的洛倫茲力 作用而作勻速圓周運動，軌道半徑和周期分別為： r=mv/qB, (2) T=qBmπ2=π179。Tπ2t.根據(jù)法拉第電磁感應律，ε＝ t△△ Φ ，可見電動勢最大時也就是 t△△ Φ 最大 .如何確定 t△△ Φ 最大的時刻呢 ?我們可將Φ＝BmSsinTπ2 的函數(shù)關系用Φ t 圖來表示 (如右圖 ).在該圖上，曲線的斜率反映了 t△△ Φ 的大小 .由圖可見，當 t等于 0、 2T 、 T時，切線的斜率最大，因此，在這些時刻線圈產(chǎn)生的感應電動勢最大 . (2)Φ的周期性變化使得ε、 I 也作周期性的變化，根據(jù)法拉第電磁感應定律和歐姆定律得： ε＝ t△△ Φ ， I＝ R? ＝ tR△△ Φ . 而ΔΦ＝ IΔ t，所以Δ Q＝ R△ Φ . 即在Δ t時間內(nèi)，通過導體橫截面的電量只與磁通量的初末狀態(tài) (ΔΦ＝Φ 2Φ 1)及導體的電阻 R有關，而與Δ t本身無關 . ∴Δ Q＝ R△ Φ ＝ R 12 ΦΦ ? ＝ R SBSB mm )(?? ＝ RSBm2 . 11.(1)ab棒的速度 v′ 1=112 gh2 。 16.(1) (2)7∶ 1 (3)179。 42179。 當 Is＜ I0時，環(huán)的初速 vs＜ v0,所以 qBvs＜ mg,此時環(huán)受力情況如圖丙所示。 )Ω 16.(1)B (2)略 a (三 )論述和計算 q 為研 究對象，進行受力分析，一共受到三個力，兩個 +q對它的吸引力和另一個 q的斥力 .由勻速圓周運動規(guī)律可知，三個力的合力提供向心力，即可求得角速度 ∑ F=222)2( akq178。 105C 179。 ,AB=BC， A、 B間光滑， B、 C間不光滑。狹縫兩側均有磁感強度大小為 B、方向垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)，其區(qū)域足夠大。方向發(fā)射電子的電子源，所發(fā)射出的電子速率均相同。此時圓環(huán)內(nèi)電流的方向是 . (三 ) 1. 如圖所示，兩個固定的帶正電 q的點電荷相距 2a，通過其連線中點 O作此線段的垂直平分 面，在此平面上有一個以 O 為圓心，半徑為 a 的圓周，在圓周上另有兩個點電荷，質(zhì)量均為 m，各帶電量 q，它們都繞這個圓周做勻速圓周運動，而且兩個電荷始終保持在同一直徑的兩端，求運動電荷的角速度 (不計重力 ) ，真空中電極 K 發(fā)出的電子 (初速不計 )經(jīng)過 U0=1000V 的加速電場后，由小孔 S沿兩水平金屬板 A、 B向中心線射入 .A、 B板長 l=,相距 d=,加在 A、 B兩板間電壓 u隨時間 t變化的 ut圖線如圖乙所示，設 A、 B間的電場是均勻的，且兩板外無電場。 q q2和 q3的自由點電荷在一條直線均處于平衡狀態(tài)，則 q q2和 q3滿足的數(shù)量關系是 。由此可測出 A1的內(nèi)阻 Rg (1) 按照上圖所示的電路，在下 (2)電流表 A1的內(nèi)阻 R g= (3)為了保證兩塊電流表的安全使用，限流電阻 R3的阻值應選 l= abcd,質(zhì)量為 m=，整個回路的電阻 R=，放在傾角θ =30176?，F(xiàn)有一電子在 t=0時穿過 A板上小孔射入電場。 sinθ =2sinθ(V). 第三步，我們分析 41 T→ 21 T的時間段，必須注意，此時又是一道難關，因為內(nèi)電路變了，由右手定律可知，此時 UO＞ UO′ . ∴ e2=Bω AC178。 由電壓表讀數(shù)要求 0～ ，滑動變阻器應為分壓接法。 103179。 試求：金屬板 PP′的速度從 v1變化到 v2的過程中，電容器吸收的能量△ E。 (3)在 t=T/4時刻釋放電子，經(jīng)過一個周期，在 t=45T 時刻，電子剛回到出發(fā)點。如此周期地交替變化。第三部分： 電 磁 （靜電平衡、電磁振蕩部分 2021 年高考不作要求） (一 ) 1. 2. 、點電荷和勻強電場場強的計算公式，正確領會磁力線的含義。 例 4 右圖中 A和 B表 示在真空中相距為 d的兩平行金屬板加上電壓后，它們之間的電場可視為勻強電場；右邊表示一周期性的交變電壓的波形，橫坐標代表時間 t，縱坐標代表電壓 U，從 t=0開始，電壓為給定值 U0，經(jīng)過半個周期，突然變?yōu)?U0??。 T2=d，要求頻率 f不能超過202mdeU。假定導軌足夠長，導軌、金屬桿和連接導線的電阻均可忽略。輸電線上有電壓降，到用戶所在地的電壓等于輸 P′ =I2R=50179。 103(V) 降壓變壓器匝數(shù)比 43nn =43UU = 2204700 = 11235 例 7 用伏安法測小燈泡 ( 3W)的功率與其中電流強度的關系，要求小燈泡兩端的電壓從零調(diào)整到 ，請將右圖所示的組件連接起 【解析】 由 、 3W可知，小燈泡的電阻為 Ω，電壓表的量程應選 15V，根據(jù)電壓表的讀數(shù)范圍可知，流過小燈泡的最大電流強度 Im= ＞ ，故電流表量程應選 3A，一般情況下，電壓表的內(nèi)阻為幾千歐，電流表的電阻為零點幾歐，由VxRR ＜xARR ，得電流表應外接。 OB178。把a、 b 兩端接上兩根平行金屬導軌，在導軌間有勻強磁場，方向垂直線面向里，導軌上放一金屬棒，當金屬棒在導軌上滑動時， a、 b、 c各點間都有電勢差，若要求 a與 c點的電勢均高于 b點，則 ( ) B. D. ， A、 B是一對中間有小孔的平行金屬板，兩小孔的連線與金屬板面相垂直，兩極板的距離為 L，兩極板間加上低頻交流電壓， A 板電勢為零， B 板電勢 U=U0cosω t。 按圖接好電路后，將可變電阻器 R2適當調(diào)節(jié)后，將單刀雙擲開關S2接 1位置，接通開關 S1，調(diào)節(jié) R2，使兩表讀數(shù)均為 150μ A，然后將S2接到 2 位置，調(diào)節(jié) R1使 A2的讀數(shù)仍為 150μ A，此時 R1的阻值為 。已知 R2=110Ω， I3=2A，則 I1= ， I2= 、 5 是電場為 E的勻強電場中的 5個等勢 面，相鄰兩個等勢面間的電壓均為 U，其中 1的電勢最高， 5 的電勢最低，有一質(zhì)量為 m、質(zhì)量為 e的電子以速度 v0沿等熱面 5進入電場中，則電子到達等勢面 1的時間 t= ,動能 Ek= 9題圖 10題圖 11題圖 q、質(zhì)量為 m 的帶電粒子以垂直于磁