歷年noip普及組(c)完善程序題總結(jié)歸納(存儲(chǔ)版)
【正文】 。i=1。 } if(flag) { for(k=i+1。 } } } return 0。const intINFINITE = 1000000。amp。cinn。count2。\039。 } const int SIZE = 30。 cout endl。 const int SIZE = 100。 j = n。 i++) for(j = 1。 for(i = 1。遇到目前最大值就記錄下來。\t39。\t39?！敬a】⑴offset = 4 ⑵(offset + dayNum[i]) % 7 ⑶dayNum[m] ⑷i ⑸(offset + i) % 7【年份】2015年十一、【題目】(中位數(shù)median)給定n(n為奇數(shù)且小于1000)個(gè)整數(shù)，整數(shù)的范圍在0~m(0m2^31)之間，請(qǐng)使用二分法求這n個(gè)整數(shù)的中位數(shù)。 i n。 i++)if( ⑶ )⑷ 。}【算法】用二分的方法，一步步縮小范圍，當(dāng)兩根指針重合時(shí)，就一定是正確答案（“cout mid lbound rbound count endl。for(i = 0。第6頁(yè)，共7頁(yè)int main(){cin n m。\t39。 i offset。cout S\tM\tT\tW\tT\tF\tS endl。 return 0。 last = n。 for(i = 1。 i = m。程序最終輸出最大的子矩陣和。 i len。 ——————2——————。 for(i = 0。}【算法】 就是遍歷一遍。return 0。cur = a[root].value。 include iostreamusing namespace std。 break。 flag=true。 flag= ① 。i=m。const int SIZE =25。i++) coutf[i]endl。j=n。 for(i=1。times(middle,middle),target【年份】2011年五、【題目】（坐標(biāo)統(tǒng)計(jì)）輸入n個(gè)整點(diǎn)在平面上的坐標(biāo)。 }while(!over(plustwo(left),right) )。i++) [i]=s[] ⑦ 。}int main(){ string s。}bool over(hugeint a,hugeint b)// 若大整數(shù)ab則返回true，否則返回false{ int i。 i=1。 [i]/=2。 } if([+1]0) ++。 memset(,0,sizeof())。i=+。 hugeint ans。m2。 39。j= ② 。i=n2。 cinn1m1。pos[i]=1。i++) { cinhour[i]。 if(tmpans) ans=tmp。 pos[i]=right。 for(i=1。 if(stage==right_to_left) { num=0。const bool left=1。}若輸入n為2010，則輸出 ⑤ 時(shí)表示驗(yàn)證成功，即大于2且不超過2010的偶數(shù)都滿足哥德巴赫猜想。j=r。 break。 r=1。完善程序題總結(jié)歸納 By：七（6） yx一、【題目】（哥德巴赫猜想）哥德巴赫猜想是指，任一大于2的偶數(shù)都可寫成兩個(gè)質(zhì)數(shù)之和。 cinn。j++) if(i% ② ==0) { tmp=false。 for(j=1。 return 0。const int infinity = 10000。}int go(bool stage){ int i,j,num,tmp,ans。 ans=infinity。 if(tmpans) ans=tmp。 tmp= ④ 。i=n。hour[i]+go[0]。 bool good,haveAns。 for(i=1。i++) for(j=1。 } if(good){ couti39。m1m2+1；good=1。//其中l(wèi)en表示大整數(shù)的位數(shù)；num[1]表示個(gè)位，num[2]表示十位，以此類推hugeint times(hugeint a,hugeint b)// 計(jì)算大整數(shù)a和b的乘積{ int i,j。 for(i=1。 hugeint ans。 [i]%=10。i){ [i1]+=( ④ )*10。 [1]+=2。 return ans。
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