【正文】 增大受力面積的方法來減小壓強(qiáng)C.電流表A2示數(shù)變大【答案】 C 【解析】【解答】解：由圖可知，該電路為并聯(lián)電路；電流表A1測(cè)量干路中的電流，電流表A2測(cè)量通過燈泡的電流；電壓表測(cè)量的是支路兩端的電壓，亦即電源電壓，保持不變，B不符合題意；根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)時(shí)，對(duì)燈泡所在的支路無影響，燈泡的電流和電壓都不變，故電流表A2示數(shù)不變，燈泡亮度不變，AD不符合題意；當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)歐姆定律可知，通過滑動(dòng)變阻器的電流減?。煌ㄟ^燈泡的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關(guān)系可知，干路中的電流減小，即電流表A1示數(shù)變小，C符合題意。電壓表V示數(shù)變大【分析】根據(jù)P=UI=求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻；只閉合開關(guān)S時(shí)，滑動(dòng)變阻器R與燈泡L串聯(lián)，電壓表測(cè)R兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)電路中的電流，然后與電流表的量程相比較判斷出燈泡可以正常發(fā)光，根據(jù)P=UI可求最大功率；當(dāng)電壓表的示數(shù)最大時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出燈泡兩端的電壓，根據(jù)電源電壓為3V變阻器接入電路中的最大阻值，然后得出滑動(dòng)變阻器的取值范圍；將滑片P移到R的最左端，閉合開關(guān)S、S1 ， 滑動(dòng)變阻器R與燈泡L并聯(lián)，電壓表測(cè)導(dǎo)線兩端的電壓，電流表測(cè)干路中的電流，由歐姆定律可求電流.16．在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)后，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（B. ）A.15．如圖所示，電源電壓恒為3V，燈泡L標(biāo)有“3V ”字樣（不計(jì)溫度對(duì)燈絲電阻的影響），滑動(dòng)變阻器R最大阻值為30Ω，電壓表量程“0﹣3V”，電流表量程為“0﹣”。電流表A2的示數(shù)變大燈泡L的亮度不變D.R0的電阻值是10ΩC. ） A.D.【分析】電阻測(cè)量電路的設(shè)計(jì)，不僅會(huì)設(shè)計(jì)正確的方案，同時(shí)還要注意合理性，根據(jù)測(cè)電阻的原理可知，要測(cè)量未知電阻的阻值，需要測(cè)量未知電阻兩端電壓和通過的電流.12．如圖所示，電源電壓恒為5V，電壓表的量程為0～3V，電流表的量程為0～，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“20Ω【答案】B 【解析】【解答】?jī)晒?jié)新干電池串聯(lián)組成電源的電壓為3V。C.電流表、電壓表示數(shù)都變小【答案】 C 【解析】【解答】根據(jù)圖像，是燈泡和滑動(dòng)變阻器的串聯(lián)電路，電壓表測(cè)量燈泡分壓，當(dāng)滑片向左滑動(dòng)，電阻減小，滑動(dòng)變阻器分壓減小，燈泡分壓變大，所以電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大，C符合題意。電流表、電壓表示數(shù)都變大C.） A.綜合分析只有②④正確。D.B.在保證小燈泡L電流不超出額定電流的情況下，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，下列說法正確的是 ①②滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值變化范圍是4Ω～10Ω③電壓表示數(shù)變化范圍是0～3V④～（動(dòng)態(tài)電路的分析。電流表示數(shù)不變，電壓表示數(shù)變大（2）利用串并聯(lián)規(guī)律，找到每個(gè)用電器的電流，電壓，電阻等物理量。D.電壓表示數(shù)減小，燈泡變暗電路消耗的總功率變大C.I2＜IU2＜U1【答案】C 【解析】【解答】解：當(dāng)只閉合開關(guān)S1時(shí)，R1與R2串聯(lián)，電壓表測(cè)R2兩端的電壓U1 ， 電流表測(cè)電路中的電流I1；當(dāng)開關(guān)SS2都閉合時(shí)，電路為R2的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)R2兩端的電壓U2 ， 電流表測(cè)電路中的電流I2；因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的總電阻變小，由I= 可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，則I2＞I1 ， 故AD錯(cuò)誤；由U=IR可知，R2兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大，則U2＞U1 ， 故B錯(cuò)誤、C正確．故選C．【分析】當(dāng)只閉合開關(guān)S1時(shí)，R1與R2串聯(lián)，電壓表測(cè)R2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流；當(dāng)開關(guān)SS2都閉合時(shí)，電路為R2的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)R2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)判斷電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和R2兩端的電壓變化，然后得出答案．5．圖是一種輸液時(shí)所用報(bào)警電路：電源電壓恒定，R為定值電阻，閉合開關(guān)S，貼在針口處的傳感器M接觸到從針口處漏出的藥液后，其電阻RM發(fā)生變化，導(dǎo)致電壓表的示數(shù)增大而觸犯警報(bào)器（圖中未畫出）報(bào)警，則M接觸藥液后（C.電壓表V2變化量和電流表A變化量之比不變【答案】D 【解析】【解答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)后再與R0串聯(lián)，電壓表V1測(cè)并聯(lián)部分的電壓，電壓表V2測(cè)R0兩端的電壓，電流表測(cè)干路中的電流．（1）因熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小， 所以，當(dāng)溫度降低時(shí)，熱敏電阻R1的阻值變大，并聯(lián)部分的電阻變大，電路中的總電阻變大，由I= 可知，干路中的電流變小，即電流表A的示數(shù)變小，由U=IR可知，R0兩端的電壓變小，即電壓表V2的示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；由電壓表V2示數(shù)變小、電流表A示數(shù)變小可知，電壓表V2和電流表A的乘積變小，故C錯(cuò)誤；因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，并聯(lián)部分的電壓變大，即電壓表V1的示數(shù)變大，由電壓表V1的示數(shù)變大、電流表A示數(shù)變小可知，電壓表V1和電流表A示數(shù)之比變大，故B錯(cuò)誤；（2）設(shè)溫度變化前后，干路中的電流分別為II2 ， 則電壓表V2示數(shù)的變化量：△U2=I2R0﹣I1R0=（I2﹣I1）R0=△IR0 ， 即 =R0 ， 且R0的阻值不變，所以，電壓表V2變化量和電流表A變化量之比不變，故D正確．故選D．【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)后再與R0串聯(lián)，電壓表V1測(cè)并聯(lián)部分的電壓，電壓表V2測(cè)R0兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流．（1）根據(jù)熱敏電阻阻值與溫度的關(guān)系得出當(dāng)溫度降低時(shí)其阻值的變化，進(jìn)一步可知并聯(lián)部分的電阻變化和電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和R0兩端的電壓變化，然后得出電壓表V2和電流表A的乘積變化；根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知電壓表V1的示數(shù)變化，然后得出電壓表V1和電流表A示數(shù)之比變化；（2）設(shè)出溫度變化前后電路中的電流，根據(jù)歐姆定律得出電壓表示數(shù)和電流表示數(shù)與R0的阻值關(guān)系，然后得出電壓表V2變化量和電流表A變化量之比的變化．4．如圖所示的電路中，當(dāng)只閉合開關(guān)S1時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)分別為IU1 ， 當(dāng)開關(guān)SS2都閉合時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)分別為IU2 ， 則下列關(guān)系式正確的是（電壓表V1和電流表A示數(shù)之比不變C. ） A.乙元件是一個(gè)定值電阻且阻值大小為10ΩC.【答案】 D 【解析】【解答】解：A、由圖象可知，通過A的電流與兩端的電壓成正比，則A是定值電阻； 由圖象可知，A兩端的電壓為2V時(shí)，由I＝ 可得：RA＝ ＝ ＝5Ω，A符合題意；